内容正文:
章末达标检测(四)
(满分:100分)
一、选择题(本题共12小题,共40分。第1~8小题只有一个选项正确,每小题3分,第9~12小题有多个选项正确,全选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)
1.关于功,下列说法中正确的是( )
A.力越大,做功越多
B.位移越大,做功越多
C.功的单位是焦耳
D.功是矢量
解析:C 根据W=Flscos θ可知,力越大,做功不一定越多,位移越大,做功不一定越多,选项A、B错误;功的单位是焦耳,选项C正确;功只有大小无方向,是标量,选项D错误。
2.如图所示,在水平桌面上的A点有一个质量为m的物体以初速度v0被抛出,不计空气阻力,当它到达B点时,其动能表达式正确的是( )
A.mv+mgh B.mv+mgH
C.mgh-mgH D.mv+mg(H-h)
解析:A 对物体从A到B的过程,根据动能定理可得EkB-mv=mgh,解得EkB=mv+mgh,故选A。
3.将质量为200 g的物体在高20 m处以20 m/s的初速度竖直上抛,若测得该物体落地时的速度为20 m/s,则物体在空中运动时克服空气阻力做的功是(g取10 m/s2)( )
A.0 B.20 J
C.36 J D.40 J
解析:D 对物体从开始上抛至落地的整个过程应用动能定理得mgh-Wf=mv-mv,解得Wf=40 J,D正确。
4.如图所示,质量为m的小车在与竖直方向成α角的恒定拉力F作用下,沿水平地面向左运动一段距离L。在此过程中,小车受到的阻力大小恒为Ff,则( )
A.拉力对小车做功为FLcos α
B.支持力对小车做功为FLsin α
C.阻力对小车做功为-FfL
D.重力对小车做功为mgL
解析:C 对小车受力分析如图所示,拉力做功W=FLsin α,A错误;支持力始终与位移垂直,所以不做功,B错误;阻力与位移方向相反,做负功,所以阻力做功W=-FfL,C正确;重力与位移方向垂直,不做功,D错误。
5.如图所示,固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环,圆环与水平放置的轻质弹簧一端连接,弹簧的另一端连接在墙上,且处于原长状态。现让圆环由静止开始下滑,已知弹簧原长为L,圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L(未超过弹性限度),则在圆环下滑到最大距离的过程中( )
A.圆环的机械能守恒
B.圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变
C.圆环下滑到最大距离时,所受合力为零
D.弹簧弹性势能变化了mgL
解析:D 圆环和弹簧系统的机械能守恒,弹簧的弹性势能增大,圆环的机械能减小,A错误;圆环的重力势能减少,一部分转化成了圆环的动能,另一部分转化为弹簧的弹性势能,因为圆环下落过程速度在变,动能在变,所以圆环重力势能与弹簧弹性势能之和在变,B错误;圆环下落速度最大时,加速度为零,合力为零,而下落距离最大时,速度为零,加速度不为零,合力不为零,C错误;从最初到最大距离,根据机械能守恒有ΔEp=mgΔh=mg=mgL,D正确。
6.如图所示,把两个相同的小球从离地面相同高度处,以相同大小的初速度v分别沿竖直向上和竖直向下方向抛出,不计空气阻力。则下列说法中不正确的是( )
A.两小球落地时速度相同
B.两小球落地时,重力的瞬时功率相同
C.从小球抛出到落地,重力对两小球做的功相等
D.从小球抛出到落地,重力对两小球做功的平均功率相等
解析:D 由机械能守恒定律得,两小球落地时的速度大小相等,方向相同,A正确,不符合题意;由于两小球落地时速度相同,故重力的瞬时功率相同,B正确,不符合题意;由重力做功公式W=mgh得,从开始运动至落地,重力对两小球做的功相等,C正确,不符合题意;从抛出至落地,重力对两小球做的功相等,但是两小球运动的时间不同,故重力对两小球做功的平均功率不相等,D错误,符合题意。
7.一半径为R的圆柱体水平固定,横截面如图所示,长度为πR、不可伸长的轻细绳,一端固定在圆柱体最高点P处,另一端系一个小球,小球位于P点右侧同一水平高度的Q点时,绳刚好拉直,将小球从Q点由静止释放,当与圆柱体未接触部分的细绳竖直时,小球的速度大小为(重力加速度为g,不计空气阻力)( )
A. B.
C. D.2
解析:A 小球下落的高度为h=πR-R+R=R,小球下落过程中,根据动能定理有mgh=mv2,综上有v=。
8.一块木板水平放在某装置底部,装置从地面开始向上运动的速度—时间图像如图所示,g取10 m/s2,则下列分析正确的是( )
A.0~0.5 s木板的机械能守恒
B.0.5 s~1.0 s木板的机械能守恒
C.1.0 s~1.5 s木板的机械能守恒
D.0~1.5 s 木板的机械能一直在增加
解析:C 0~0.5 s木板加速上升,木板动能和重力势能均增大,木板的机械能不守恒