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章末提升(十二) 重要题型集中练
授课提示:对应学生用书第481页
题型一 楞次定律的应用
1.长直导线与环形导线固定在同一平面内,长直导线中通有如图所示方向的电流,当电流大小均匀增大时( )
A.环形导线有扩张的趋势
B.环形导线受到的安培力大小保持不变
C.环形导线中有顺时针方向的感应电流
D.环形导线中的感应电流大小保持不变
解析:长直导线电流增大,空间的磁场变大,环形导线中的磁通量增加,易得环形导线有收缩的趋势,同时易得环形导线中有逆时针方向的感应电流,故A、C错误;由于长直导线电流均匀增大,空间的磁场均匀变大,环形导线中的磁通量均匀增加,故环形导线中的感应电流大小保持不变,但是由于空间的磁场变大,环形导线受到的安培力大小变大,故B错误,D正确。
答案:D
2.如图所示,右端为N极的磁体置于粗糙水平桌面上并与轻质弹簧相连,弹簧一端固定在竖直墙面上,当弹簧处于原长时,磁体的中心恰好是接有一盏小灯泡的竖直固定线圈的圆心。用力将磁体向右拉到某一位置,撤去作用力后磁体穿过线圈来回振动,有关这个振动过程,以下说法正确的是( )
A.灯泡的亮暗不会发生变化
B.磁体接近线圈时,线圈对磁体产生排斥力
C.从左往右看线圈中的电流一直沿逆时针方向
D.若忽略摩擦力和空气阻力,磁体振动的幅度不会减小
解析:以磁体S极靠近线圈分析,速度增大,且靠近线圈时磁感应强度增大,则穿过线圈磁通量变化率增大,感应电流增大,灯泡会变亮,故A错误;根据楞次定律的“来拒去留”可知磁体靠近线圈时,线圈对磁体产生排斥力,故B正确;当磁体S极靠近线圈时,根据楞次定律可知线圈中的电流沿逆时针方向,当S极向右运动远离线圈时,根据楞次定律可知,线圈中的电流沿顺时针方向,故C错误;若忽略摩擦力和阻力,磁体的振幅也会越来越小,因为弹簧和磁体的机械能逐渐转化为焦耳热,故D错误。
答案:B
题型二 感应电动势的计算
3.如图所示,正方形线圈MOO′N处于匀强磁场中,磁感应强度大小为B,方向与水平面的夹角为30°,线圈的边长为L,电阻为R,匝数为n。当线圈从竖直面绕OO′顺时针转至水平面的过程中,通过线圈截面的电荷量为( )
A. B.
C. D.
解析:根据法拉第电磁感应定律得=n,=,q=·Δt,解得q=n,又因为ΔΦ=Φ2-Φ1,Φ2=BL2sin 30°,Φ1=-BL2cos 30°,解得q=,故选项A正确。
答案:A
4.如图所示,金属圆环内外半径为r和2r,匀强磁场B垂直圆环平面向里,两环之间接有电容器,在两环间且接触良好的金属棒ab可绕圆心以角速度ω逆时针旋转,已知电容器的电容为C,则下列说法正确的是( )
A.电容器c极板带负电
B.两极板间电压逐渐增大
C.金属棒ab产生的电动势为Bωr2
D.电容器所带电荷量为CBωr2
解析:根据右手定则可知,ab棒切割磁感线产生感应电动势方向由a到b,a端的电势比b端的电势低,则电容器c板带正电,d板带负电,故A错误;切割磁感线产生的感应电动势为E=BLab=Br·=Br·=Br2ω,电容器两极板间的电压等于电动势,所以两极板间的电压不变,故B、C错误;根据电容器电荷量的计算公式Q=CU及U=E得Q=CU=CBωr2,故D正确。
答案:D
题型三 电磁感应中的图像问题
5.如图所示M、N为处在匀强磁场中的两条位于同一水平面内的平行长导轨,一端串接电阻R,磁场沿竖直方向,ab为金属杆,可在导轨上无摩擦滑动,滑动时始终保持与导轨垂直,杆和导轨的电阻不计,在导轨平面内沿垂直于ab方向对杆施一水平恒力F,使杆从静止出发向右运动,在以后的过程中,力F冲量的大小I、力F瞬时功率的大小以及力F所做的功的大小随时间t变化的图线,分别对应于图中的哪一条图线?( )
A.甲、乙和丙
B.甲、乙和丁
C.乙、丙和丁
D.乙、丙和甲
解析:力F是恒力,则力F冲量的大小I=Ft,I与t成正比,It图像为过原点的直线,对应甲图线;金属杆ab在运动过程中受到的安培力大小为FA=BIL=,根据牛顿第二定律得F-FA=ma,得F-=ma,可知,随着速度v增大,金属杆所受的安培力增大,合力减小,加速度减小,故金属杆做加速度逐渐减小的加速运动,当加速度减为零时做匀速直线运动,力F瞬时功率的大小P=Fv,可知,Pt图线对应乙图线。力F做的功W=Fx=Fvt,因v逐渐变大,可知图线的斜率变大,则Wt图线为丙图。故A正确,B、C、D错误。
答案:A
6.如图甲所示,MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ=30°角固定,间距为L=1 m,质量为m的金属杆ab垂直放置在轨道上且与轨道接触良好,其阻值忽略不计。空间存在匀强磁场,磁场方向垂直于轨道平面向上,磁感应强度为B=0.5 T。P、M间接有阻值为R1的定值电阻,Q、N间接电