第二章 相互作用—力 章末素养提升-【导与练】2024高考物理一轮复习高中总复习第1轮复习讲义（新教材，人教版）

章末素养提升 原创情境新题——提升素养 [原创新题1] C　由题意可以判断出,当倾角α=30°时,箭体受到的摩擦力是静摩擦力,大小为Ff1=mgsin 30°,当α=45°时,箭体受到的摩擦力为滑动摩擦力,大小为Ff2=μFN=μmgcos 45°,由Ff1=Ff2得 μ=,故C正确。 [原创新题2] C　对整体受力分析,受到重力、推力、地面的支持力及静摩擦力,则有Ff1=F,则F增大,Ff1一定增大。再对火箭模型受力分析,受重力、支持力、推力,可能有静摩擦力;若mgsin θ>Fcos θ,静摩擦力沿着斜面向上,大小为Ff2=mgsin θ-Fcos θ,当F增大时, Ff2变小;若 mgsin θ=Fcos θ,静摩擦力为零,当F继续增大时,静摩擦力沿斜面向下,即Ff2变大;若mgsin θ<Fcos θ,静摩擦力沿着斜面向下,大小为Ff2=Fcos θ-mgsin θ,F增大时,Ff2变大,故Ff2可能减小,也可能增大。故C正确。 盘点高考真题——检验成效 1.B　取O点为研究对象,O点在三力的作用下处于平衡状态,对其受力分析如图所示,FT1=FT2,两力的合力与F等大反向,根据几何关系可得2β+α=180°,所以β=55°。 2.C　根据题述,物块A、B刚要滑动,可知A、B之间的摩擦力 FfAB=μmgcos 45°,B与木板之间的摩擦力Ff=μ·3mgcos 45°。隔离A分析受力,由平衡条件可得轻绳中拉力F=FfAB+mgsin 45°;对A、B整体,由平衡条件有2F=3mgsin 45°-Ff,联立解得μ=,选项C正确。 3.B　设两绳子对圆柱体的拉力的合力为FT,木板对圆柱体的支持力为FN,绳子与竖直方向的夹角为β,从右向左看如图所示,在矢量三角形中,根据正弦定理==,在木板缓慢转动直至水平过程中,α不变,γ从90°逐渐减小到0°,又γ+β+α=180°,且α<90°,可知90°<γ+β<180°,则0°<β<180°,可知β从锐角逐渐增大到钝角,根据 ==,由于sin γ不断减小,可知FT不断减小, sin β先增大后减小,可知FN先增大后减小,结合牛顿第三定律可知,圆柱体对木板的压力先增大后减小。设两绳子之间的夹角为2θ,每根绳子的拉力为FT′,则2FT′cos θ=FT,可得FT′=,θ不变,FT逐渐减小,可知绳子拉力不断减小。故B正确,A、C、D错误。 4.解析:(1)设飞机装载货物前质量为m1,起飞离地速度为v1;装载货物后质量为m2,起飞离地速度为v2,重力加速度大小为g。飞机起飞离地应满足条件 m1g=k, m2g=k, 由两式及题给条件得v2=78 m/s。 (2)设飞机滑行距离为s,滑行过程中加速度大小为a,所用时间为t。由匀变速直线运动公式有 =2as, v2=at, 联立各式及题给条件得 a=2.0 m/s2, t=39 s。 答案:(1)78 m/s　(2)2.0 m/s2　39 s 5.解析:(1)描出点后,作出图线如图所示。 (2)Ln图线的斜率为α=,由胡克定律有ΔF=kΔl,即Δnmg=kΔl,联立以上各式可得k=,由图可得斜率约为α=0.48×10-2 m,所以可得劲度系数为k=≈102 N/m。 答案:(1)图见解析　(2)　102 6.解析:(3)利用描点法得出图像,如图所示。 (4)根据刻度尺读数规则知,橡皮筋的长度l=15.35 cm。 (5)由胡克定律可得nmg=k(l-l0),变形为l=n+l0。ln图像的斜率=×10-2,解得k=20.0 N/m。代入数据解得橡皮筋原长l0=9.00 cm。挂上冰墩墩玩具,有Mg=k(l-l0),解得M=127 g。 答案:(3)图见解析　(4)15.35　(5)127 $$章末素养提升 [科学小报] 据中国载人航天工程办公室消息,北京时间2022年6月5日10时44分,搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射,约577秒后,神舟十四号载人飞船与火箭成功分离,进入预定轨道,飞行乘组状态良好,发射取得圆满成功。飞船入轨后,将按照预定程序,与空间站组合体进行自主快速交会对接。后续,航天员进驻天和核心舱,开启为期6个月的在轨驻留,开展空间站平台维护与照料、机械臂操作、出舱活动、舱段转移等工作以及空间科学实验、技术试验。 [原创新题1] 如图所示,某型号运载火箭模型放在固定架上,箭体与水平面夹角α分别为30°和45°时箭体所受摩擦力的大小恰好相同。则箭体与固定架之间的动摩擦因数为(　　) A. B. C. D. [原创新题2] 如图所示,质量为M的斜面静置在水平地面上,斜面上有一质量为m的火箭模型,水平力F作用在火箭模型上时,两者均保持静止,斜面受到水平地面的静摩擦力为Ff1,模型受到