内容正文:
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题型(一) 多过程直线运动
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02
03
目
录
题型(二) 多过程曲线运动
题型(三) 多过程往复运动
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第2课时 应用动能定理解决多过程问题(题型研究课)
题型(一) 多过程直线运动
[典例] (2023·广州调研)如图所示的装置由AB、
BC、CE三段轨道组成,轨道交接处均由很小的圆弧
平滑连接,其中轨道AB、CE是光滑的,水平轨道BC的长度s=5 m,轨道CE足够长且倾角θ=37°,D为轨道CE上一点,A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.3 m、h2=1.35 m。现让质量为m的小滑块从A点由静止释放。已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数μ=0.5,重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:
(1)小滑块第一次到达D点时的速度大小vD;
(2)小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔;
(3)小滑块最终停止的位置距B点的距离。
(3)设小滑块在水平轨道上运动的总路程为s总,对小滑块从静止释放到最终停止的全过程,由动能定理得mgh1-μmgs总=0,解得s总=8.6 m,故小滑块最终停止的位置与B点的距离为2s-s总=1.4 m。
[答案] (1)3 m/s (2)2 s (3)1.4 m
[规律方法]
用动能定理解决多过程问题的流程
C.物体与斜面间的动摩擦因数等于0.5
D.物体向上滑动所用的时间比向下滑动的时间长
答案:BC
2.如图所示,小物块从倾角为θ的倾斜轨道上A点由静止释放滑下,最终停在水平轨道上的B点,小物块与水平轨道、倾斜轨道之间的动摩擦因数均相同,A、B两点的连线与水平方向的夹角为α,不计物块在轨道转折时的机械能损失,则动摩擦因数为 ( )
A.tan θ B.tan α
C.tan(θ+α) D.tan(θ-α)
答案:B
题型(二) 多过程曲线运动
[典例] (2022·浙江1月选考)如图所示,处于竖直平面内的一探究装置,由倾角α=37°的光滑直轨道AB、圆心为O1的半圆形光滑轨道BCD、圆心为O2的半圆形光滑细圆管轨道DEF、倾角也为37°的粗糙直轨道FG组成,B、D和F为轨道间的相切点,弹性板垂直轨道固定在G点(与B点等高),B、O1、D、O2和F点处于同一直线上。已知可视为质点的滑块质量m=0.1 kg,轨道BCD和DEF的半径R=0.15 m,
(1)若释放点距B点的长度l=0.7 m,求滑块到最低点C时轨道对其支持力FN的大小;
(2)设释放点距B点的长度为lx,滑块第一次经F点时的速度v与lx之间的关系式;
(3)若滑块最终静止在轨道FG的中点,求释放点距B点长度lx的值。
(2)滑块能过最高点时,则能到F点,则恰好到最高点时有:mglxsin 37°-mg(3Rcos 37°+R)=0,
解得lx=0.85 m,要能过F点,则lx≥0.85 m。
[规律方法]
应用动能定理解决多过程问题的四点提醒
(1)动能定理中的位移和速度必须是相对于同一个参考系的,一般以地面或相对地面静止的物体为参考系。
(2)应用动能定理的关键在于对研究对象进行准确的受力分析及运动过程分析,并画出运动过程的草图,借助草图理解物理过程之间的关系。
(3)当物体的运动包含多个不同过程时,可分段应用动能定理求解;当所求解的问题不涉及中间的速度时,也可以全过程应用动能定理求解,这样更简便。
(4)列动能定理方程时,必须明确各力做功的正、负,确实难以判断的先假定为正功,最后根据结果加以检验。
[针对训练]
(2023·大连质检)如图所示,质量均为m=4 kg的两个小物块A、B(均可视为质点)放置在水平地面上,竖直平面内半径R=0.4 m的光滑半圆形轨道与水平地面相切于C,弹簧左端固定。移动物块A压缩弹簧到某一位置(弹簧在弹性限度内),由静止释放物块A,物块A离开弹簧后与物块B碰撞并粘在一起以共同速度v=5 m/s向右运动,运动过程中经过一段长为s,与物块间动摩擦因数μ=0.2的水平面后,冲上半圆轨道,除s段外的其他水平面摩擦力不计。求:(g取10 m/s2)
(1)若s=1 m,两物块刚过C点时对轨道的压力大小;
(2)若两物块能冲上半圆形轨道,且不脱离轨道,s应满足什么条件。
答案:(1)500 N (2)s≤1.25 m或4.25 m≤s<6.25 m
题型(三) 多过程往复运动
[典例] (2023·绍兴模拟)如图所示,质量m=0.1 kg的可视
为质点的小球从距地面高H=5 m处由静止开始自由下落,到达
地面恰能沿凹陷于地面的半圆形槽的右端切入,半圆形槽半径
R=0.4 m。小球到达槽最低点时速率为10 m/s,并继续沿槽壁运动直到从槽左端边缘竖直向上飞出……,如此反复,设小球在槽壁运动时受到的摩擦力大小恒定不变,不计空气阻力及小球与