内容正文:
专题强化❽ 动力学方法和能量观点的综合应用
1.两大观点
动力学观点
牛顿第二定律:F合=ma
匀变速直线运动规律:v=v0+at,x=v0t+at2,v2-v02=2ax等
能量观点
动能定理:W合=ΔEk
机械能守恒定律:Ek1+Ep1=Ek2+Ep2
功能关系:WG=-ΔEp等
能量守恒定律:E1=E2
2.选用原则
(1)当物体受到恒力作用做匀变速直线运动(曲线运动某一方向可分解为匀变速直线运动),涉及时间与运动细节时,一般选用动力学方法解题;
(2)当涉及功、能和位移时,一般选用动能定理、机械能守恒定律、功能关系或能量守恒定律解题,题目中出现相对位移(摩擦生热)时,应优先选用能量守恒定律。
热点一 两大观点分析“传送带”模型
【典例1】(2022·东北三省四市模拟)如图所示,传送带的倾角为30°,以2 m/s的速度顺时针运动,将静止的工件由底端P处传送到顶端Q处。已知工件的质量为1.0 kg,P、Q之间的距离为5 m,工件与传送带间的动摩擦因数为μ=,取g=10 m/s2,则:
(1)摩擦力对工件做的功是多少?
(2)工件与传送带之间因摩擦而产生的内能是多少?
(1) 传送带对滑块的滑动摩擦力和静摩擦力的方向都是向上的;
(2)求工件与传送带间因摩擦而产生的内能要用相对位移。
答案:(1)27 J (2)6 J
解析:(1)工件先做匀加速运动,由牛顿第二定律有
μmg cos θ-mg sin θ=ma
解得a=2.5 m/s2
工件做匀加速运动的位移为
x1== m=0.8 m
摩擦力对工件做的功为W1=μmg·x1cos θ
解得W1=6 J
工件再做匀速运动,位移为
x2=5 m-x1=4.2 m
摩擦力对工件做的功为W2=mg·x2sin θ
解得W2=21 J
所以摩擦力对工件做的功为
W=W1+W2=27 J。
(2)工件做匀加速运动的时间为t1=
解得t1=0.8 s
在工件匀加速时传送带的位移为
s1=vt1=1.6 m
工件与传送带间因摩擦而产生的内能为
Q=μmg·(s1-x1)cos θ
解得Q=6 J。
热点二 两大观点分析“板—块”模型
找出物体之间的位移(路程)关系或速度关系是解题的突破口,求解中应注意联系两个过程的纽带,每一个过程的末速度都是下一个过程的初速度。
【典例2】(2022·江苏名校联考)如图所示,一倾角为θ=37°的足够长斜面体固定在水平地面上,质量为M=2 kg的长木板B沿着斜面以速度v0=9 m/s匀速下滑,现把质量为m=1 kg的铁块A轻轻放在长木板B的左端,铁块最终恰好没有从长木板上滑下。已知A与B之间、B与斜面之间的动摩擦因数均为μ,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,则下列判断正确的是( )
A.动摩擦因数μ=0.5
B.铁块A和长木板B共速后的速度大小为6 m/s
C.长木板的长度为2 m
D.从铁块放到长木板B上,到铁块和长木板共速的过程中,铁块A和长木板B减少的机械能等于A、B之间摩擦产生的热量
B 解析:开始时长木板B沿着斜面以速度v0=9 m/s匀速下滑,受力平衡,有Mg sin 37°=μMg cos 37°,解得μ=0.75,A错误;铁块A轻轻放到长木板B上时,根据牛顿第二定律,对A分析有μmg cos 37°+mg sin 37°=maA,解得aA=12 m/s2,方向沿斜面向下;对B分析有μ(M+m)·g cos 37°+μmg cos 37°-Mg sin 37°=MaB,解得aB=6 m/s2,方向沿斜面向上,设铁块A和长木板B相对滑动的时间为t,则v0-aBt=aAt,解得t=0.5 s,铁块A和长木板B共速后,速度大小为v共=aAt=6 m/s,B正确;铁块A和长木板B共速后,一起沿斜面匀速下滑,则长木板的长度为L=xB-xA=t-t=2.25 m,C错误;由能量守恒定律可知,从铁块放在长木板B上到铁块和长木板共速的过程中,铁块A和长木板B减少的机械能等于A、B之间摩擦产生的热量以及B与斜面之间摩擦产生的热量之和,D错误。
热点三 两大观点分析多过程问题
【典例3】(2022·江苏南京一中检测)如图所示,一小物块(视为质点)从H=10 m高处,由静止开始沿光滑弯曲轨道AB进入半径R=2 m的光滑竖直圆环内侧,弯曲轨道AB在B点与圆环轨道平滑相接。之后物块沿CB圆弧滑下,由B点(无机械能损失)进入右侧的粗糙水平面上压缩弹簧。已知物块的质量m=2 kg,与水平面间的动摩擦因数μ=0.2,弹簧自然状态下最左端D点与B点距离L=15 m,g取10 m/s2,求:
(1)物块从A滑到B时的速度大小;
(2)物块到达圆环顶点C时对轨道的压