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第4练 抛体运动与圆周运动
[母题探源]——高考真题指明热点
1.(2021·广东卷)由于高度限制,车库出入口采用如图所示的曲杆道闸,道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成,P、Q为横杆的两个端点。在道闸抬起的过程中,杆PQ始终保持水平。杆OP绕O点从与水平方向成30°匀速转动到60°的过程中,下列说法正确的是( )
A.P点的线速度大小不变
B.P点的加速度方向不变
C.Q点在竖直方向上做匀速运动
D.Q点在水平方向上做匀速运动
A 解析:杆OP绕O点从与水平方向成30°匀速转动到60°,则P点绕O点做匀速圆周运动,P点的线速度大小不变,P点的加速度方向时刻指向O点,故A正确,B错误;Q点在竖直方向上的运动与P点相同,位移y关于时间t的关系为y=lOP·sin ( +ωt),由于该关系式不是一次函数,故Q点在竖直方向上不是匀速运动,故C错误;Q点在水平方向上的位移x关于时间t的关系为x = lOP·cos ( +ωt)+lPQ,由于该关系式不是一次函数,则Q点在水平方向上也不是匀速运动,故D错误。
2.(2021·浙江6月选考)质量为m的小明坐在秋千上摆动到最高点时的照片如图所示,对该时刻,下列说法正确的是( )
A.秋千对小明的作用力小于mg
B.秋千对小明的作用力大于mg
C.小明的速度为零,所受合力为零
D.小明的加速度为零,所受合力为零
A 解析:设秋千的摆长为l,摆到最高点时摆绳与竖直方向的夹角为θ ,秋千对小明的作用力为F,对人进行受力分析,沿摆绳方向有F-mg cos θ=m;由于小明在最高点的速度为0,则F=mg cos θ<mg;沿垂直摆绳方向有mg sin θ=ma,解得小明在最高点的加速度a=g sin θ,故A正确,B、C、D错误。
3.(2021·山东卷)(多选)如图所示,载有物资的热气球静止于距水平地面H的高处,现将质量为m的物资以相对地面的速度v0水平投出,落地时物资与热气球的距离为d。已知投出物资后热气球的总质量为M,所受浮力不变。重力加速度为g,不计阻力。以下判断正确的是( )
A.投出物资后热气球做匀加速直线运动
B.投出物资后热气球所受合力大小为mg
C.d=
D.d=
BC 解析:对于热气球,投出物资之前,浮力等于重力,投出物资之后,热气球受到的浮力不变,重力减少了mg,所以热气球受到的合力大小为mg,方向竖直向上,物资被水平向右抛出后,根据动量守恒定律得:mv0-Mv=0,热气球的初速度大小为v=v0,方向水平向左,且受到竖直向上的恒力mg作用,应做类平抛运动,故A错误,B正确;对于物资,平抛后,竖直方向H=gt2,水平方向x=v0t=v0;对于热气球,水平方向x′=vt,竖直方向H′=at2,a=,则物资落地时与热气球之间的距离d=,代入数据解得d= ,故C正确,D错误。
[衍生演练]——名校模拟引领趋势
4.(2022·山东滨州模拟)如图所示的是游乐场中的一种过山车,轨道车套在轨道上且在轨道的外侧做圆周运动。设图中轨道半径为R,则对轨道车中某一乘客而言( )
A.速度大于才能通过最高点
B.过最高点时车对人的作用力一定竖直向上
C.过最低点时车对人的作用力一定竖直向上
D.过最低点时的速度一定大于过最高点时的速度
C 解析:当过最高点的速度较小时,人受到车竖直向上的力,由牛顿第二定律可得mg-FN=m,即v<时也能通过最高点,A错误;当在最高点车对人的作用力恰好为0时,由牛顿第二定律可得mg=m,解得v=,当0≤v< 时,人受到车的作用力竖直向上,当v>时,人受到车的作用力竖直向下,B错误;过最低点时,由牛顿第二定律可得FN-mg=m,车对人的作用力一定竖直向上,C正确;过最低点时的速度不一定大于过最高点时的速度,D错误。
5.(2022·河北石家庄模拟)甲、乙两个小球分别以v、2v的速度从斜面顶部端点O沿同一方向水平抛出,两球分别落在该斜面上P、Q两点,忽略空气阻力,甲、乙两球落点P、Q到端点O的距离之比为( )
A. B.
C. D.
C 解析:设斜面倾角为α,小球落在斜面上的速度方向偏向角为θ,甲球以速度v抛出,落在斜面上,如图所示,根据平抛运动的推论tan θ=2tan α可知,甲、乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等,对甲有vy甲=v tan θ,对乙有vy乙=2v tan θ,又因为下落高度y=,可得甲、乙两个小球下落高度之比为=,则甲、乙两球落点P、Q到端点O的距离之比==,C正确。
6.(2022·河北张家口三模)如图所示,O为半球形容器的球心,半球形容器绕通过O的竖直轴以角速度ω匀速转动,放在容器内的两个质量相等的小物块a和b相对容器静止,b与容器壁间恰好没有摩擦力。已知a和O、b和O的连线与竖直方向的夹角分别为60°和30