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高三一轮复习
福建专版
·物理·
高三一轮复习40分钟周测卷/物理(六)》
一、单项选择题
1
=4-2a号=8m,0~2s内恒力F做的功为
1.B【解析】模型飞机由D点运动到C点的过程中,
橡皮筋对模型飞机的弹力始终竖直向上,故对模型飞
W1=-Fx1=一12J,故B项错误;0~6s内滑块滑
机始终做正功,橡皮筋在C点恢复原长,故模型飞机
行的总位移为=号×(2+6)X2m+号×4×2m
在C点处与橡皮筋分离,A项错误,B项正确;由动能
=12m,摩擦力做的功为W=一mgx2=一6J,故C
定理可得W-W。=之m,故模型飞机克服重力做
项正确,D项错误
5.AC【解析】根据动能定理得2 ngLsin30°-mgL
的功WG小于橡皮筋对它做的功W,C、D项错误。
1
2.D【解析】每个乘客随摩天轮一起做匀速圆周运动,
2 ngLcos30°三7X37×3m6,解得o
每个乘客所受合力提供做圆周运动的向心力,则合力
√一gL,A项正确,B项错误:从接触弹簧到恰好
方向时刻指向圆心,则每个乘客受到的合力在不断变
化,故A项错误;在最高点,根据牛顿第二定律得g
回到C点,根据动能定理得一2mg2zco0s30=0-司
一下=m石,在最低点,根据牛顿第二定律得R'
X8m,解得=号(货-D.C项正确,D项结误。
mg=m尺,可知FN≠FN',则运行过程中乘客对座位
6.C【解析】由图像可知,在14~18s内,有a=会8
的压力改变,故B项错误;每个乘客随摩天轮一起做
1.5m/s2,则小车受到的阻力大小为f=ma=3N,10
匀速圆周运动,速度的大小不变,但方向时刻在变,则
~14s内小车做匀速运动,有F=f,则小车的额定功
重力与速度的夹角变化,故重力的瞬时功率变化,C
率P=18W,故A项错误;0~2s小车的位移x1
项错误;每个乘客随摩天轮一起做匀速圆周运动,则
受4宁3m,由牛顿第二定律和速度公式得F一∫
每个乘客的动能保持不变,根据动能定理可知合力做
ma,=a1ti,可得F=6N,D项错误;2~l0s内小
功为零,故D项正确。
车的功率不变,则W=Fx1十Pt2=162J,小车加速阶
3.C【解析】由题意可知,甲、乙下落的高度相同,由h
段的平均功率P=,W=16.2w,故C项正确:根
-=之可得1=√受,可知甲,乙在空中的运动时
t1十t2
间相同,故A项错误:在水平方向做匀速直线运动,
据动能定理得W一f=2m听x,解得x=42m,小
由x=t,甲的水平位移大于乙的水平位移,可知甲
车在2~10s内的位移为42m一3m=39m,B项
抛出时的初速度比乙的大,故B项错误;手榴弹在落
正确。
地前瞬间重力的功率为Pc=ngy=mg·gt,则瞬时
三、非选择题
功率相等,故C项正确:由动能定理可知甲落地时动
7.卫(3分)
VI
听一(3分)
P-mgv
能大,D项错误。
【解析】匀加速提升重物时钢绳的拉力最大,且等于
二、多项选择题
4.AC【解析】设滑块与地面间的动摩擦因数为:,恒
匀加速结束时的拉力,由P=,得F。=:重物做
力F作用时滑块的加速度大小为a1,根据牛顿第二
匀加速运动的加速度a=Fm二m竖=P一mg心,重物
m
定律有F+mg=ma1,设恒力F撤去后滑块的加速
度大小为a2,同理可得mg=a2,由题图乙可知a
做匀加速运动的时间为=迎
mvi
a P-mgv
=A=2m/s2,a2=A=0.5m/S2,解得4=0.05,
1
△
△2
8.za(3分)(mg+ma)at(3分)
F=1.5N,故A项正确;0一2s内滑块的位移大小为
【解析】由图像可知0~时间内物体做匀加速直线
·19.
·物理·
参考答案及解析
运动,匀加速阶段的末速度y=aot1,匀加速阶段的
解得F=9.68×10N
(2分)
位移为=,:在时刻,根据牛顿第二定律得
对整体有F'-8f=8ma
(2分)
对前2节车厢受力分析,有F-2f=2ma
(2分)
F-mg=mao,P颜=Fu,联立可得P氮=(mg十
解得F=2.42×10N
maa)aot。
即第三节给第二节的推力为2.42×10N
(2分)
9.【解析】(1)根据题图可知,8~10s内物体的加速度
11.【解析】(1)滑块第一次到达B点时的速度为1,根
大小a=4m/s2
(1分)
据动能定理得
该时间段已经撤去拉力,故物体只受摩擦力,根据牛
顿第二定律得物体受到的摩擦力大小
mg(h+Rcos37°)=
1
v
(2分)
f=ma=4 N
(2分)
代入数据解得v=10m/s
(2分)
(2)根据题图可知,010s内物体的位移大小x=
(2)根据牛顿第二定律可得
4生8×8m+受×2m=56m
(1分)
滑块沿斜面上滑的加速度大小为a1=gsin37°+
gc0s37