内容正文:
高三一轮复习
福建专版
·物理·
高三一轮复习40分钟周测卷/物理(四)》
一、单项选择题
2a1:对物体P根据牛顿第二定律有k(一2)
1.C【解析】牛顿第二、第三定律是实验定律,牛顿第
一定律不是实验定律,是在实验事实的基础上通过合
mgsin0=ma,联立解得a=1
3
m/s2。初始状态下
理的推理得出的结论,A项错误;保持静止或匀速直
F有最小值Fm,此时对物体P、Q整体根据牛顿第
线运动状态的物体,可能受力,只是所受的合力为零,
二定律有Fmim十k.c1-(m1+m2)gsin0=(m1+m2)a,
B项错误:惯性的大小与物体的质量有关,故歼击机
解得F=160N,A项正确,B项错误:在物体P,Q
战斗前抛掉副油箱是为了减小惯性、提高灵活性,C
3
项正确;由牛顿第三定律可知跳高运动员起跳时,地
分离后F有最大值Fx,此时对物体Q根据牛顿第
面对人的支持力等于人对地面的压力,D项错误。
三定律有Fs一gin0=ma,解得F-2N.C
F
2.A【解析】由粘滞阻力F=6πrv得?=6x力F
项正确,D项错误
的单位为N(或kg·m·s),半径r的单位为m,速
6.BD【解析】由于在运动过程中小球a、b有共同的加
度v的单位为m/s,所以粘滞系数?的单位为
速度,小球a相对小球b向上以速度2匀速运动,
kg·m1·s1,A项正确,B、C、D项错误。
初始时小球之间的距离为,故1=2,解得1一2'
3.A【解析】由两种介质组成的系统,密度大的惯性
B项正确,A项错误;根据牛顿运动定律可知两个小
大,当系统向右匀加速运动时,密度小的向右偏移,密
球的加速度a=mgsin0-gsin9=6m/s2,若在小球a
度大的向左偏移;塑料的密度小于水的密度,P乒乓
m
球向右偏移,水向左偏移;塑料的密度大于空气的密
刚要返回时相遇,则小球a运动位移x=受1=冬,小
度,空气向右偏移,Q乒乓球向左偏移,A项正确,B
C、D项错误。
球力运动的距离1一兰-业-叶7时,解得w
二、多项选择题
√3;若在小球a返回到出发点时相遇,则t
4.BC【解析】当速度为5m/s时,做匀速直线运动,对
之at=0,则w=子V,若在小球a返回过程中两
1
整体,根据平衡条件有2mg=kw,解得k=
200N·s/m,A项错误;对整体,根据牛顿第二定律
小球相遇,则弓<<√,C项错误,D项正确。
得k-2mg=2ma,解得a=200X20-1000
100
m/s2=
三、非选择题
30m/s2,方向竖直向上,B项正确:向上的加速度最
7.等于(3分)有(3分)
大时,绳子的拉力最大,对运动员分析有8Tcos37°一
【解析】根据牛顿第三定律可知无论人静止站在桥面
mg=m,解得T==5
上,还是在桥面上跳起,人对桥面的压力大小都等于
N=312.5N,
8c0s37°
桥面对人的支持力大小即使人在桥面上匀速奔跑,桥
所以悬绳能够承受的拉力至少为312.5N,C项正确,
面与鞋底间也有摩擦力。
D项错误。
8.1.9(3分)1.1(3分)
5.AC【解析】设初始时弹簧的压缩量为x1,则根据胡
【解析】F和F2反向,又F<F2,则有F2一F=
克定律有kx1=(m1十m2)gsin0,设物体Q做匀加速
ma1=0.8N:由题意可知F1改变后加速度与原加速
运动的加速度大小为a,则在物体P、Q分离前物体P
度方向反向,则有F2一3F,=ma2=一3N,解得F=
也以a做匀加速运动。由题意可知在经过t=0.2s
1.9N,若F>F2,同理可得F1=1.1N。
二者分离时,物体P和Q运动的位移大小为x2=:9.(1)不悬挂(2分)左(2分)间隔均匀(2分)
·13-
·物理·
参考答案及解析
(2)m远小于M(2分)
由牛顿第二定律有
(3)0.86(2分)
Mgsin 0-f-f'=Maz
(1分)
(4)大(2分)
解得f=60N
(2分)
【解析】(1)平衡摩擦力时,将长木板右端用垫块适当
设刹车后的位移为s',则呢一=2a2s
(2分)
垫高,在不悬挂砝码和砝码盘的情况下,让小车拖着
解得s=30m
(1分)
纸带,接通电源、轻推小车,观察打出的纸带,如果纸
斜坡的长度s=s'+s=46m
(2分)
带打出的点间隔越来越小,说明未完全平衡摩擦力,
11.【解析】(1)当0=30°时,小木块恰好能沿着木板匀
需要将垫木适当向左移,直到纸带上打出的点间隔均
速下滑。根据平衡条件有
匀,则摩擦力平衡。
mgsin 0=umgcos 0
(2分)
(2)在平衡摩擦力后进行实验,为了便于探究、减小误
(2分)
差,使砝码和砝码盘的重力为小车受到的合外力,对
解得=写
砝码由牛顿第二定律可得mg一T=ma,对小车由牛
(2)当0=30°时,在小物块沿木板向上滑行的