课时作业(5) 反冲（Word练习）-【优化指导】2022-2023学年新教材高中物理选择性必修第一册（教科版2019）

课时作业(5)　反　冲 1．下列图片所描述的事例或应用中，没有利用反冲运动原理的是(　　) D　[喷灌装置是利用水流喷出时的反冲作用而运动的，乌贼在水中游行利用了喷出的水的反冲作用，火箭发射是利用喷气的方式而获得动力的，利用了反冲运动，故A、B、C不符合题意；码头边轮胎的作用是延长作用时间，从而减小作用力，没有利用反冲作用，故D符合题意．] 2．节日里，小朋友燃放“冲天炮”，有一个被点燃的“冲天炮”喷出气体后竖直向上运动，其中有一段时间内“冲天炮”向上做匀速直线运动，假设“冲天炮”在这段时间内受到的阻力不变，不计质量损失，则在这段时间内“冲天炮”(　　) A．所受的合力为零 B．受到的反冲力变小 C．机械能不变 D．动量变小 A　[由于“冲天炮”在这段时间内做匀速直线运动，处于平衡状态，所以“冲天炮”受到的合力为零，A正确；“冲天炮”在这段时间内做匀速直线运动，反冲力与重力、阻力平衡，保持不变，B错误；“冲天炮”在这段时间内做匀速直线运动，速度不变，动量不变，动能不变，重力势能增加，故机械能一定增加，C、D错误．] 3．一航天器在高空绕地球做匀速圆周运动，若其沿运动方向的相反方向射出一物体P，不计空气阻力，则(　　) A．航天器一定离开原来轨道 B．P一定离开原来轨道 C．航天器运动轨道的半径可能不变 D．P运动轨道的半径一定减小 A　[火箭射出物体P后，由反冲原理可知火箭速度变大，则所需向心力变大，从而做离心运动离开原来轨道，故半径增大，A正确，C错误；P的速率与原火箭速率相比可能减小，也可能不变，还可能增大，故其运动也存在多种可能性，所以B、D错误．] 4．如图所示，人的质量m＝60 kg，船的质量M＝240 kg，船用缆绳固定，船离岸1.5 m 时，人恰好可以跃上岸．若撤去缆绳，人要安全跃上岸，船离岸至多为(不计水的阻力，每次跃岸人消耗的能量及所用时间均相等)(　　) A．1.5 m B．1.2 m C．1.34 m D．1.1 m C　[船用缆绳固定时，设人起跳的速度为v0，则x0＝v0t. 撤去缆绳，由动量守恒得0＝mv1－Mv2，两次人消耗的能量相等，即动能不变，则有mv＝mv＋Mv， 解得v1＝ v0 故x1＝v1t＝ v0t＝ x0≈1.34 m，C正确．] 5．如图所示，气球下面有一根长绳，一个质量为m1＝50 kg的人抓在大气球下方的绳子上．气球和长绳的总质量为m2＝20 kg，长绳的下端刚好和水平面接触．当人与气球(含绳)静止时人离地面的高度为h＝5 m．这个人(可以看作质点)开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面的高度是(　　) A．5 m B．3.6 m C．2.6 m D．8 m B　[设人下滑的位移为h1，气球上升的位移为h2，如图所示． 由人与气球(含绳)动量守恒，得m1h1＝m2h2，且h1＋h2＝h.解得h2＝3.6 m，故选项B正确．] 6．静止在水平地面上的一门旧式火炮，炮身质量为1.0×103 kg，当火炮以400 m/s的水平速度发射一颗质量为10 kg的炮弹时，火炮的反冲速度为多大？若火炮与地面的动摩擦因数为0.5，则火炮将后退多远的距离？ 解析　设炮身的反冲速度大小为v1，规定炮弹原来的速度方向为正方向，则炮车和炮弹组成的系统水平方向动量守恒，由动量守恒定律得 mv0－Mv1＝0 代入数据解得v1＝4 m/s. 对炮身，由动能定理得 －μMgx＝0－Mv 代入数据解得x＝1.6 m. 答案　4 m/s　1.6 m 7．如图所示，一个倾角为α的直角斜面体静置于光滑水平面上，斜面体质量为M，顶端高度为h.一质量为m的小物体(M>m，且可看作质点)沿光滑斜面下滑，当小物体从斜面顶端自由下滑到底端时，斜面体在水平面上移动的距离是(　　) A. B． C． D． C　[此题属于“人船模型”问题，m与M组成的系统在水平方向上动量守恒，以m在水平方向上对地位移的方向为正方向，设m在水平方向上对地位移大小为x1，M在水平方向上对地位移大小为x2，则 0＝mx1－Mx2① 且x1＋x2＝② 由①②可得x2＝，故选C.] 8．某同学质量为60 kg，在军事训练中要求他从岸上以2 m/s 的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上，然后去执行任务．规定人原来的速度方向为正方向，小船的质量是140 kg，原来的速度是0.5 m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上．水的阻力忽略不计，则此时小船的速度v和该同学动量的变化量Δp分别为(　　) A．0.25 m/s，70 kg·m/s B．0.25 m/s，－105 kg·m/s C．0.95 m/s，－63 kg·m/s D．0.95 m/s，－35 kg·m/s B　[设人上船后，船与人