专项练4-【高考前沿】2023高考物理第二轮复习·超级考生备战高考（新教材）

错误﹔由于b光的频率大于c光的频率，则b的波长小于c的波弹簧伸长量为L。则对D有P_2S+kL=p_0S 长，根据双缝干涉条纹间距公式Δx=合λ，若b、c两束光分别经得k=2L 过同一双缝发生干涉，光的条纹间距较宽，所以D错误。_（2)对两汽缸内的气体，初始状态V_1=6LS 4.D-由动能定理得mgh=3E-E=2E，故抛出点的高度为_h=压强：p_1=p_0﹔温度；T_1=300Ⅰ 正，故A错误；由E=一mv^2水平方向x=v_0t，竖直方向h=末状态活塞C到缸底的距离为x，则V_2=xS+4LS 压强：P_2=一p_0；温度：T_2=200K 7g^2，解得落地点到抛出点的水平距离为x-7mg一故B错根据理想气体状态方程P得x=4L、 误；落地时速度的竖直分量v_y=\sqrt{2}gh=2\sqrt{最}，放落地时重力答案：1)2L（2)4L 的功率为P=mgv_y=2g\sqrt{Em}，故C错误；整个下落过程中动量9.解析：(1)滑块A与滑块B碰撞时，动量守恒，有 变化量的大小为Δp=mΔv_y=m·2\sqrt{m}=2\sqrt{mE}，故D正确。_A^v_0=(M_A+M_B)v 5.C线圈进入磁场过程中磁通量向里增加，根据楞次定律可得电代入数据解得v= 流方向为逆时针(为正)。在线圈左边没有进入磁场过程中，有（2)碰撞后，木箱C做加速运动，设加速度大小为a_1﹔滑块A，B 效切割长度逐渐增大，根据i=可知感应电流逐渐增大；当线起做减速运动，设加速度大小为a_2﹔设经过t_1﹐三者达到共速 v_1，木箱C加速运动。则有μ_2M_Cg=M_ca_1 圈左边进入磁场后，右边没有离开磁场前，有效切割长度不变，解得a_1=μg 则感应电流不变；当线圈右边离开磁场后，线圈内的磁通量减滑块A、B一起减速，则有 小，根据楞次定律可知感应电流方向为顺时针(负值)，且有效切_1（M_A+M_B+M_c)g+μ_2M_cg=(M_A+M_B)a_2 割长度逐渐增大，感应电流逐渐增大。选项C正确。解得a_2=5μg 6.AD-上极板转过10^°后，正对面积变为原来的号，距离减小到原根据运动学关系，有v_1一号-a_2_1=a_1_1 来的一半，根据C=4，所以电容变为原来的号电容之比为解得v_1=2_1=12g 9︰17，故A正确；根据Q=CU，可知电荷量之比为9∶17，故B木箱C运动的位移为x_C=2t_1 错误；根据qU=﹖mv^3，两极板间电压不变，所以电子到达下极 板的速度相同。C错误；根据x=π可知，两极板间距离减小一滑块A、B运动的位移x_AB=21 半，平均速度不变，所以时间之比为2∶1，D正确。木箱C的长度为L。=x_AB-x_c 7.解析：(1)电源电动势为6.0V，R，约5Ω，则电路中的最大电流解得木箱C的长度为L=x8 约为1.2A，故滑动变阻器选择R_1。 （2)所给器材中无电压表，电流表内阻已知，可以使用电流表充3)因为μ_2≤μ_1，共速后木箱C与滑块AB以不同的加速度做减 当电压表。根据并联分流原理设计电路，量程大的电流表A_1接速运动，木箱C的加速度大小为a_1，设滑块AB的加速度大小 在干路中，故选择A_2与被测电阻并联，保证量程匹配。电路图为a_3 如图所示。μ_1(M_A+M_B+M_c>g-p_2M_cg=(M_A+M_B)a_3 解得a_3=3μg 滑块A，B一起继续减速直至减为0，设减速时间为t_2 0=v_1-a_3t_2，解得t_2=36m i_2时间后，木箱C减速到v_2v_2-v_1=a_1l_k解得v_2一需 s由能量守恒定律有号（M_A+M_B)v-三Mv_3+Q （3)描点画图如图所示。 解得Q=―81-。 答案：(1)2-（2)5μgμg48u（3)m_n81 专项练(四） 0.4日1.B=根据v-t图像与坐标轴围成的图形的面积表示位移，则可得 0.3日通过ETC通道的位移为x=—___×（6-1)m+5×(14-6)m 0.2日+5+30)×(41-14)m=600m，没有收费站时，汽车所用时间 m非l_2/mA 为t=-=32s=20s，所以ETC通道对该车行驶产生的时间 延误为Δt=(41-1-20)s=20s，所以B正确，A，C、D错误。 2.B根据题给条件无法得知浮标离开平衡位置的最大距离，故A （4)根据并联分流原理Rx=7=l错误；设波长为λ，则由题意可知号λ=4.5m，解得λ=3m，故B 正确；设周期为T，则由题意可知10T=20s，解得T=2s，所以 频率为f-元-0.5Hz，故C错误；波速为v=个-1.5m/s，故 由图像可得图像的斜率为k=1+R=1.9， D错误。 解得R_x≈5.6Ω。 答案：(1)R_1-（2)见解析图(3)见解析图（4)5.