专题7 第1讲 力学实验及创新-【高考前沿】2023高考物理第二轮复习·超级考生备战高考(新教材)

2023-01-17
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资源信息

学段 高中
学科 物理
教材版本 -
年级 高三
章节 -
类型 学案
知识点 力学
使用场景 高考复习-二轮专题
学年 2022-2023
地区(省份) 全国
地区(市) -
地区(区县) -
文件格式 ZIP
文件大小 8.00 MB
发布时间 2023-01-17
更新时间 2023-04-09
作者 武汉博大三六五文化传媒有限公司
品牌系列 高考前沿·超级考生备战高考
审核时间 2022-12-31
下载链接 https://m.zxxk.com/soft/36795703.html
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来源 学科网

内容正文:

专题七物理实验 则每次碰撞损失的动能与碰撞前动能的比值为 1 第一讲力学实验及创新 mf-m 2n喝 -=1-k2 [真题引领试做] 1.[解析](2)依题意,小球的直径为d=7.5mm+38.4×0.01mm 2m 2m听 =7.884mm, 第3次碰撞前瞬间速度为第2次碰后从最高点落地瞬间的速度, 考虑到偶然误差,7.883mm也可以。 为u=g1=(2.00,1.58)g=0.21g (3)在测量时,因小球下落时间很短,如果先释放小球,有可能会 2 出现时间记录不完整,所以应先接通数字计时器,再释放小球, 第3次碰撞后醉间速度为0'=gr=(240,2.0)g=0.20g 2 故选B。 (4)依题意,小球向下、向上先后通过光电门时的速度分别为, 则第3次碰撞过程中6=”=0.20 d d 00.27≈0.95。 (3)由于存在空气阻力,乒兵球在上升过程中受到向下的阻力和 则小球与硅胶材料碰撞过程中机械能的损失量为 重力,加速度变大,上升的高度变小,所以第(1)问中计算的弹起 高度高于实际弹起的高度。 sE=之m-之m哈=名m(只))'-a(号)》。 [答案](1)0.20(2)1-20.95(3)高于 (5)若调高光电门的高度,較调整之前小球会经历较大的空中距 5.[解析](1)垫块的厚度为h=1cm十2×0.1mm=1.02cm。 离,所以将会增大因空气阻力引起的测量误差。 (5)绘制图线如图所示。 [答案](2)7.883或7.884(3)B w/(rs2) 0.6 0m()广-n(号))(5增大 0.5 2.[解析](3)根据表格数据标点连线,如图所示 Um 0.4 > 0. 16 15 0.2 0.1 0 根据图像可知a≈0.343m/s2。 [答案](1)1.02(5)见解析图0.343 6.[解析](1)4个钩码重力势能的减少量为 0 51015202530n/枚 △E。=4mgL=4×0.05×9.80X0.5J=0.980J。 (4)由图可知刻度尺的分度值为1mm, (2)对滑块和钩码构成的系统,由能量守恒定律可知 故读数1=15.35cm; 4mgL-W:=?(4m+M喝-之(4m+MD听 (5)设橡皮筋的劲度系数为k,原长为x0, 则11mg=k(l1-xo),2mg=k(l2一xo), 其中系统减少的重力势能为△E。=4mgL 设冰墩墩的质量为m1,则有m1g=k(l一x。), 系统增加的动能为 联立各式代入数据可得m1≈127g。 △E=合(4m+M)6-之(4m+M0听 [答案](3)见解析图(4)15.35(3)127 系统减少的机械能为△E=W,则代入数据可得表格中减少的机 3.[解析](1)由题知,弹簧处于原长时滑块左端位于O点,A点 械能为△E3=0.980J-0.392J=0.588J。 到O,点的距离为5.00cm。拉动滑块使其左端处于A点,由静止 释放并开始计时。结合图乙的F-t图有△x=5.00cm,F= (3)根据题中表格数据描点得△EM的图像如图所示。 0.610N, +△E/J 0.800 根据胡克定律k一 ,计算出k12N/m. F 0.700 (2)根据牛顿第二定律有F=a, 则(F图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的倒数,根 0.600 据因两中1,则有品= kg-1=5 kg-1, 0.500 则滑块与加速度传感器的总质量为m=0.20kg。 0.100 (3)滑块上增加待测物体,同理,根据图丙中Ⅱ,则有 h-8写g1-3g1, 0.300 0.200 0.300 0.400M/kg 则滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为 (4)根据做功关系可知△E=uMgL m≈0.33kg, 则待测物体的质量为△m=m'一m=0.13kg 则△EM图像的斜率为k=4gL,=0.785二0.393=1.96 0.4-0.2 [答案](1)12(2)0.20(3)0.13 解得动摩擦因数为u=0.40(0.38~0.42均可) 4.[解析](1)第3次碰撞到第4次碰拉用时to=2.40s一2.00s 「答案7(1)0.980(2)0.588(3)见解析图 =0.40s, (4)0.40(0.380.42均可) 根据竖直上抛和自由落体运动的对称性可知第3次碰撞后乒乓 「核心考点突破 球弹起的高度为 命题角度一 A=7g(g)-7×9.80×0.202m≈0.20m。 [对点训练 1.解析:(1)根据题意,题图甲所示的实验方案中托盘和砝码的总重 (2)碰撞后弹起瞬间速度为2,碰撞前瞬间速度为,根据题意 力充当小车的合外力,为减小托盘和砝码质量对实验的影响,应满 可知= 足M>m:而题图乙所示方案中,挂上托盘和砝码,调整垫块位置, 1 使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑时,有

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