内容正文:
考点1 动能定理、
机械能守恒定律、功能关系
1
经典特训题组
2
真题调研题组
27
模拟冲刺题组
78
本课结束
119
1.(多选)放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用,在0~6 s内其速度与时间的图像和该拉力的功率与时间的图像分别如图甲、乙所示。下列说法正确的是( )
A.0~6 s内物体的位移大小为30 m
B.0~6 s内拉力做的功为70 J
C.合力在0~6 s内做的功与0~2 s内做的功相等
D.滑动摩擦力的大小为5 N
答案 ABC
解析 由vt图像与t轴围成的面积表示位移,可得0~6 s内物体的位移大小x= eq \f(4+6,2)×6 m=30 m,故A正确;由Pt图像与t轴围成的面积表示做功多少,可得在0~2 s内拉力对物体做功W1= eq \f(30×2,2) J=30 J,2~6 s内拉力对物体做功W2=10×4 J=40 J,所以0~6 s内拉力做的功为W=W1+W2=70 J,B正确;由图甲可知,在2~6 s内,物体做匀速运动,合力为零,则合力在0~6 s内做的功与0~2 s内做的功相等,故C正确;在2~6 s内,v=6 m/s,P=10 W,物体做匀速运动,滑动摩擦力f=F= eq \f(P,v)= eq \f(10,6) N= eq \f(5,3) N,故D错误。
2.(多选)如图甲所示,一轻弹簧的下端固定在水平桌面上,上端放有质量为m的物块P,弹簧形变量为x0,系统处于静止状态。现用一竖直向上的力F作用在P上,使其向上做匀加速直线运动。用x表示P离开初始位置的位移,向上拉力F和x之间关系如图乙所示。从拉力F作用在物块上开始到弹簧恢复原长的过程中,下列说法正确的是( )
A.系统机械能的变化量为(2F1-mg)x0
B.物块P的动能变化量大小为(F1-mg)x0
C.弹簧的弹性势能变化量大小为 eq \f(1,2)mgx0
D.物块P的重力势能变化量大小为2mgx0
答案 BC
解析 弹簧上端放有质量为m的物块P,由平衡条件有mg=kx0,拉力使物块向上做匀加速直线运动,由牛顿第二定律有F+k(x0-x)-mg=ma,联立可得F=kx+ma,故x=0时F0=ma,x=x0时,F1=mg+ma。根据功能关系,系统机械能的变化量ΔE机=WF= eq \f(F0+F1,2)x0= eq \f(F1-mg+F1,2)x0= eq \f((2F1-mg)x0,2),故A错误;物块P做匀加速直线运动,动能变化量ΔEk=ma·x0=(F1-mg)x0,故B正确;由功能关系有WG=-mgx0=-ΔEpG,可知
物块P的重力势能变化量ΔEpG=mgx0,故D错误;根据ΔE机=ΔEk+ΔEpG+ΔEp弹可知,弹簧的弹性势能变化量ΔEp弹=ΔE机-ΔEk-ΔEpG=- eq \f(mgx0,2),故C正确。
3. (多选)如图,小球套在光滑的竖直杆上,轻弹簧一端固定于O点,另一端与小球相连。现将小球从M点由静止释放,它在下降的过程中经过了N点。已知在M、N两点处,弹簧对小球的弹力大小相等,且∠ONM<∠OMN< eq \f(π,2)。在小球从M点运动到N点的过程中( )
A.弹簧弹力对小球先做正功后做负功
B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度
C.弹簧长度最短时,弹簧弹力对小球做功的功率为零
D.小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差
答案 BCD
解析 由题意分析可知,小球在M点时弹簧处于压缩状态,在N点时弹簧处于伸长状态,则在由M到N过程中有一点弹簧处于原长状态,设该点为B点,另设小球在A点时对应的弹簧最短,如图所示。
从M点到A点,弹簧压缩量变大,弹簧弹力做负功;从A点到B点,弹簧从压缩逐渐恢复至原长,弹簧弹力做正功;从B点到N点,弹簧从原长逐渐伸长,弹簧弹力做负功,A错误。小球在A点时,水平方向上弹簧的弹力与杆的弹力相平衡,小球受到的合力F合=mg,故加速度a=g;小球在B点时,弹簧处于原长,弹簧和杆对小球没有作用力,小球受到的合力F合=mg,故加速度a=g,B正确。在A点时,弹簧长度最短,弹簧的弹力F弹垂直于杆,小球的速度沿杆向下,则P弹=F弹v cos 90°=0,C正确。从
M点到N点,小球与弹簧所组成的系统机械能守恒,则Ek增=Ep减,即EkN-0=Ep重M-Ep重N+Ep弹M-Ep弹N,由于在M、N两点弹簧弹力大小相同,由胡克定律可知,弹簧形变量相同,则弹性势能Ep弹N=Ep弹M,故EkN=Ep重M-Ep重N,D正确。
4.如图,abc是竖直面内的光滑固定轨道,ab水平,长度为2R;bc是半径为R的四分之一圆弧,与ab相切于b点。一质量为m的小球,始终受到与重力大小相等的水平外力的作用,自a点处从静止开始向右运动。重力加速度大小为g。小球从a点开始运动到其轨迹