内容正文:
运动和力的关系综合检测
研究对象,有a42一mgim30-0.5g,以B球为研究
由牛顿第二定律有mgsin a一n2g(osa=na.解得,以=
对小球有g-Fr=na:,
对物块有FTMg一Ma
对象,有4=gn30°=0.5g,故B正确。
gsina-49.80X0340.48≈0.32.
gcos a
9.80×0.94
L,D伽利咯道过理想斜而实验发现力不是雏持物体运动的
解得a1=2m/s,Fr=8N。
答案:0.130.32
原因、A错误;千克、米、秒分别是质童、长度和时间的单位
8.)由0-t图像可知,0一5s内,电梯的加远度为正,说明
(2)由产=2a,h得小球落地时的递度
I1.解析:(1)由图线可知,F不等于零时,4仍然为零、可知图
都是国际单位制中力学的基本单位,牛领是导出单位,D错
电梯在加速上升.该同学处于超重状态,1错误:5一10s
=/2a1h=√2m/s
误:惯性是物体的固有属性,与运动状态无关,只与质量有
线不过原点的原图是未补偿摩擦力或补偿摩擦力不足
内,电梯的加速度为0,该同学做匀速运动,故电梯地板对
力传感器可以直接得出卸线拉力的大小,用钩码受到的单
即物块此时的速度为v2ms
关,错误:法国科学家箔卡儿捐出,如果运动中的物休没
他的支持力大小等于他所受的重力大小,结合牛顿第三定
物块此后做匀减速运动的加速度
有受到力的作用,它将继续以同一远度沿同一直线运动,既
力表示细线的拉力,必領满足钩码的质量远小于小车的质
律可知,卫错误;10~20s内,电梯的加遠度向下.向上救匀
不会停下来,也不会偏离原来的方向D正确,
量,否则如线的拉力实际上小于钩码受到的重力,所以对
减速运动,该同学处于失重状态C错误;20一259内,电梯
2.B密度的单位是kg1,速度的单位是m/s,半径的单位
于图线上相同的力,用传感器测得的加速度偏大,原因是
加速度句下,向下做匀加速运动,该同学处于失重状态,D
由子一2x得到停下来需滑行的距离
是m,力的单位是八;且1N=1kg·m/g,根据力学单位
钩码的质量未远小于小车的质量,导致钩码受到的重力比
正确。
细线的拉力大
-0.5m
制可知,krp的单位是四:g,不是N,故A错误:
9.BD设物体C下落的加速度为a,绳子的张力为Fr,以物
《2)把小车和钩码看成一个整体,可得整体M|不变,
物块在桌而上共滑行的距离x=h十x=」ms1
休A作为研究对象有Fr一Ang=Au,以B、C整体为研究
r产p的单位是四:s,是下,故B正境;krp的单位是
钩码受到的重力看成整体的合力。
故物块不会撞到定滑轮。
对象有(1m十)gFr=(1n十m)a,联立以上两式可解得
答案:(1)未补偿烨擦力或补偿惊擦力不足倒码受到的
答案:(1)2m/s8N(2)见解析
m·kg,不是N,故C错误;r产p的单位是s,不是N,故
“合,A错误,B正确:对物体C,极据牛颜第二定律得
重力比细线的拉力大(2)见解机
18,解析:(1)在传送带上加逸运动时,衬滑块进行↑F
D错误。
mg一Fma,解得B对(C的拉力5=8mg由年顿第三定
15,解析:(1)由于-1图豫的斜率表示物体的加速度,加速
受力分析,如图甲所示。
中→
3.B两者始终保持相对静止,当皮带匀速运动时,物块不受
阶a1=10Pm/=10m/S,
由牛领第二定律可得以mg一ma,
摩擦力的作用,故八,C、D错误;两者始终保持相对静止,即
律可知,物体C对书的粒力大小色等于8mg,C错误,D
解得a1=5m/s2。
g
由牛顿第二定律得
皮带与物块的加速度相同,物块的加遮度由摩擦力提供,则
由运动学公式得t.
正确。
F-ngsin0-u,gcos月-n1·
解得滑块与传送带共速所需时间t一1.6$
皮带传送的加说度越大,物块受到的摩擦力越大,故阝
0.CD对小球进行受力分析如图甲所
下反向后物体开始碱选,减选阶没
正确。
示,根据三角形定则可知小球所受合
则滑块发生的位移x=at2=6.1m<L1。
1.B物体向上运动时弹簧弹力会减小,为保持恒定加速度、
力F一nigtan8,绳子的拉力Ft
-80m/g-2w,
位移x后滑块做匀速直线运动,有Lx1=
则F需要逐渐增大,当物体离开弹簧后,下保持不变。由
根搭牛领第二定你知,其加速
由牛顷第二定律得mgsin0F-a:
解得起=0.25
77777777
7777777
题图乙可知弹簧的压编量为4cm,故F在4cDm内增加了
代入数据得F=8Nu=).5。
故滑块在传送带上的总时间t=t十=1.8s。
20八,说明弹力在4m内减小了20N,所以劲度系数=
=1an0,小球与物块
(2)由于两段运动都是初遮度成末速度为0的匀变速直线
(2)滑决滑上平祗后,滑块做匀减速直线运动,