内容正文:
17.解析(1)①若X是黑色固体单质,则A为O2,X为C,1000mL·L'×1.19g·em^2×37%
Z为CO_2,Y为CO,因此Z→Y的化学方程式为CO_2+C36.5g·mol-
高温2CO。≈12.1-mol/L,所需浓盐酸体积V=
0.1mol·L-'×0.25⊥=0.0021L=2.1mL,量取
②若X为NaOH溶液,则A可能为CO_2,Y为Na_2CO_3,12.1mol·L^―^1
Z为NaHCO_3,因此Y→Z的化学方程式为Na_2CO_3+⊥2.1mL浓盐酸应选择10mL规格的量筒。③容量瓶口
CO_2+H_2O—-2NaHCO_3。部有塞子,使用容量瓶前需检查是否漏水,A正确;容量
(2)根据氧化剂的氧化性强于氧化产物的氧化性,Ce'瓶用水洗净后,不能用配好的稀盐酸润洗,B错误;配制
与Fe^2+的应中,Ce+化合价降低,作氧化剂,Fe化合价溶液时,如果试样是固体,需要先在烧杯中溶解,C错误;
升高,Fe^3+为氧化产物,故氧化性:Ce+≥Fe3+,Sn+和配制溶液时,若试样是液体,需要先在烧杯中稀释,D错
Fe’+的反应中,Sn+的化合价升高,作还原剂,Sn'为氧误;盖好瓶塞,用食指顶住瓶塞,另一只手托住瓶底,把
化产物,Fe+作氧化剂,故氧化性:Fe>Sn',因此氧容量瓶反复倒转多次,摇匀,E正确。④若定容后摇匀静
化性:Ce'+>Fe3+>Sn'+。置,发现容量瓶内凹液面低于刻度线,这是由于液体沾
(3)①该反应体系中,发生BiO_3^→Bi+的反应过程,则在瓶壁和磨口等处,所配溶液浓度不变,直接转移到细
BiO_3中Bi元素化合价降低,被还原,作氧化剂;发生氧口试剂瓶中保存即可。⑤A项,容量瓶中有少量蒸馏
化反应的过程应为Mn^2+→MnO_4-,Mn+被氧化,作还原水,不影响溶质的物质的量和溶液的体积,对结果无影
剂。②根据①的分析,得该未配平的离子方程式为{响;B项,稀释浓盐酸时,没有冷却就立即转移到容量瓶
BiO_3+Mn^2++H+-→Bi^8++MnO_4+H_2O。中,导致溶液体积偏小,浓度偏高;C项,配制的溶液装入洁
净的但有少量蒸馏水的试剂瓶中,将溶液稀释,浓度偏低;D
答案(1)①CO_2+C=-_2co
项,若定容时俯视,导致溶液的体积偏小,浓度偏高。
②CO2+Na_2CO_a+H_2O—=2NaHCO_3(合理即可)答案(1)烧杯容量瓶(2)容量瓶规格错误;未用玻
(2)Ce'+>Fes+≥Sn′璃棒引流①C②2.1A③AE④A⑤无影响
(3)①Mn BiO _3_②BiO_3Mn+H+B+偏高偏低偏高
20.解析(1)在步骤(Ⅱ)中煮沸溶液的目的是赶走溶解在
18.解析Ⅰ。(1)由化合物中各元素正负化合价代数和等于0溶液中的CO_2气体,防止步骤(Ⅲ)加入的NaOH与CO_2
可知,NaClO中Cl元素的化合价为+1价。反应被部分消耗掉,使NaHCO_3不能完全转化成
(2)“84”消毒液在空气中放置一段时间,空气中的CO2气体溶Na_2CO_3;碳酸氢钠能和氢氧化钠反应生成碳酸钠和水,
解在水中形成H_,CO_3,由于酸性;HCO_2≥HClO>HCO-,所在步骤(Ⅲ)中混合另一半NaOH溶液后发生反应的离
以H,CO,与NaClO反应产生HClO和NaHCO3,HClO浓度;子方程式为HCO_3^+OH-CO_3-+H_2O。
增大,溶液的漂白性增强,反应的离子方程式是ClO-+CO_2(2)①实验室制备二氧化碳的反应原理是固体碳酸钙和
+H_2O─HClO+HCO_3。盐酸反应,选择的固体为大理石或石灰石,液体为盐酸。
(3)若将”84”消毒液与洁厕灵(主要成分是盐酸)混合使用,二②该反应是放热反应,随着反应的进行,溶液的温度升
者会发生氧化还原反应,产生黄绿色的有毒气体Cl_2,反应的高,盐酸具有挥发性,所以生成的二氧化碳中含有HCl
离子方程式是2H++Cl-+ClO-—≡Cl2↑+H_xO。气体,为了除去二氧化碳中的HCl气体又不引入新的杂
IⅡ。(1)反应3Cl_2+8NH_2—=6NH_4Cl+N2中,部分N元素的质,用饱和的碳酸氢钠溶液吸收HCl,此时发生反应的
化合价由—3价变为0价,化合价升高,被氧化为N_2,部分N离子方程式为H++HCO_3^—CO_2↑+H_2O;若去掉
元素化合价不变,反应后以NH_4^形式存在,结合化学方程式装置B.氯化氢和二氧化碳直接进入氢氧化钠溶液中,会
可知被氧化的NH_4和未被氧化的NH。的物质的量之比为2{生成氯化钠、碳酸氢钠,再加入等体积氢氧化钠溶液,氢
:6=1∶3;氧化钠会过量,所以含有的杂质主要为NaCl和NaOH。
(2)Cl2和石灰乳反应产生CaCl2,Ca(ClO)_2和水,反应的化③如果实验步