训练2 力与直线运动-2023老教材老高考物理【导学教程】大二轮专题辅导与训练

专题集训 地面的压力为FNB=mg 2.C根据匀变速位移速度公式得2=2a.x,根据图像，可 tcos g 得甲，乙加速度分别为7,5m/g不和号m/2,加连度比位 k(L0十x0一L一Locos),则从B点到A点物块对地面 为12：1，B错误：两车停下的时间为1甲=甲=2s, 正压力的变化量为 a甲 △FN=FNB-FNA=kL-kL0(1-cOsO),小物块从B 运动到A的过程中，绳与竖直方向的夹角0减小，c0s0 t忆=2=8s,所以甲车先停，A错误；甲经2s先停下 增大，物块对地面正压力的变化量△FN增大，由∫= 时，此时甲的位移为15m,乙的位移为x1=ot1 :F、可知，小物块受到的滑动摩擦力逐渐增大，故 名0L小2=(5×2-×号×29m=8.75m,两车相矩 1 选C。 11.BD对物块N进行受力分析，如图所 1 6.25m,两车再次相逼有15m=02-2a元122，解得 示。F=ngtan B,随着B的增大，F增大， t2=4s,C正确，D错误。 A错误。FT=mg。,随着B的增大，FT 3.C0一t1时间内，甲、乙两物体间的距离越来越大，故A cos B 增大，B正确。由于物块M和N的质量 错误；甲、乙图像在0一t4时间内与t轴所夹的面积相 关系、斜面倾角的大小均未知，不能确定物块M所受 等，说明甲、乙在t4时刻到同一位置了，t3~t4时间内甲 斜面摩擦力的方向；当物块M所受斜面摩擦力的方向 图像与t轴所围的面积大，说明t3时刻，乙在甲前方，故 沿斜面向上时，FT增大，物块M所受斜面摩擦力可能 B错误；1~3时间内的某一时刻，甲、乙图像与1轴所 先减小为0，后沿斜面向下增加，C错误，D正确。 围的面积相等，故在这段时间内两物体发生过相遇，故 12.AC根据安培定则，知A、BA⑧ T C正确：甲、乙图像在0~一t4时间内与t轴所围的面积相 中电流在C处形成的磁场方 等，说明甲、乙在4时刻到达同一位置，甲的平均速度 、、C 向分别垂直于AC、BC斜向 F 等于乙的平均速度，故D错误。 下，如图所示，根据几何关系 4.BAB一起加速运动，由牛顿第二定律F=ma,可知， B Bo----Bo 加速度先减小后增大，故B正确；？-t图像的斜率表示 可知0=30°，则有Bc=√3B0, 加速度，因加速度先减小后增大，故-t图像不是直线， 方向竖直向下，A正确；再由 Bc 故A错误；整体做单向直线运动，速度逐渐增大，x-1图 左手定则可知，C导线所受安培力方向水平向左，大小 像的斜率变化反映速度变化，故C错误；摩擦力将提供 为F=√3BoL,B错误；由平衡条件可知，轻绳的拉力 物体A做加速运动，由牛顿第二定律有f=ma,根据加 大小等于C导线所受重力和安培力的合力，因此T= 速度先减小后增大可判定摩擦力先减小后增大，故D √(mg)2+(W3BIL),C正确；A中电流反向，两导线 错误。 在C处产生的合磁感应强度水平向右，根据左手定则5.BC飞行器关闭发动机，以w1=10m/S,匀速下落时，有 可知C所受安培力竖直向下，C不可能在原位置平衡， Mg=k12=k×100,飞行器以v2=5m/s向上匀速时， D错误。 设最大推力为Fm,Fm=Mg十ku22=Mg十kX25,联立 训练（二） 1.C如图所示 可得F。-1.25Mg,k-瓷A错误：飞行器以防 5m/s匀速水平飞行时F=√Mg)2+(k)严=Mg,B 4 正确；发动机以最大推力推动飞行器匀速水平飞行时 f√F-Mg=子Mg=ka2,解得w=5Bm/s.C正 确；当飞行器最大推力向下，以v5=5m/s的速率向上减 R 速飞行时，其加速度向下达到最大值Fm十Mg十kv52= Mam,解得am=2.5g,D错误。 6.D由vt图像可知，物块a匀加速下滑，物块b匀速下 设圆环下降的高度为，圆环的半径为R,它到P点的距离 滑，物块c匀减速下滑。对物块a有mgsin>4 mgcos0, 为L,根据机被能守恒定律得mgh=7m 则有a<tan0,对物块b有mgsin0=ig cos0,则有 b=tan0,对物块c有ng sin0<img cos0,则有ue> 由几何关系可得h=Lsin0,sin0=2示 L tan0,故有4a<b<Hc,故A正确，不符合题意；对物块 L2 和斜面体整体进行分析，物块a和斜面体有沿斜面向下 联立可得h= 的加速度，对加速度进行分解，竖直方向有向下的加速 可得=L√员，故C正确，A,B,D错误，故选C 度，处于失重状态，则有F<G总，水平方向有向左的 加速度，则地面对斜面体的摩擦力水平向左，根据牛顿 303 参考答案 第三定律可知，斜面体对地面的摩擦力f。水平向右，物 D点后向右上方运动，可知小球竖直方向加速度向上 块b和斜面体处于平衡状态，则有F