内容正文:
高考专题辅导与训练
(3)两物块碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,由
、
动量守恒定律m10=m11十m22
2B根据点电荷场强公式E=专号
碰撞过程无机械能损失,由机械能守恒定律得
两,点量异种点电荷在P点的场强大小为
mw2=名mw2+w2
1
E0=g,方向如图所示
a-
解得v2=
2m10
m1十m2
年y
1
物块的动能E0=2m1w2,Ee=2m2n2
对物块1、2,动能传递系数k12=
Ek0(m1+m2)2
-U
Ek3
同理可得,m2和ms碰撞后的动能传递系数k18一
0
Ek2×Ek3=
4m1m2
Am2m3
92a
Ex Exa (mma
(12十m3)2
两点量异种点电荷在P点的合场强为
161m2m3
(m+m2)2(n2十m3)2c
E1=2E0=√②g,方向与十q点电荷与一g点电荷的连
(4)质量相等的物块碰撞时没有机械能损失,碰撞过程
线平行如图所示
系统动量守恒、机械能守恒,由动量守恒定律与机械能
守恒定律可知,物块碰撞后交换速度,则3与后面的物
Q点电荷在P点的场强大小为E2=k
Q
kQ
块碰撞后依次交换速度,m3的最大速度等于第n个物
(2a)22a
1n1
块的最大速度vm,又m3=m4=…nm-1=mn=4
三点电荷的合场强为0,则E?方向如图所示,大小有
E1=E2
则k13
16m1m2m3
(m1十n2)2(m2十3)2
解得Q=2v2g
2
由几何关系可知Q的坐标为(0,2a)
=64m12
m2
(m1+m2)(4m2+m1)
故选B。
=64m12
1
2
3.BD设两小球间库仑力大小为F,对A球F=m1gtan37°,
+5m1
对B球F=m2gtan53,两者联立可得=号,敌A错
当4m2=m
m1
m2
,即m2=2
误;两个点电荷A、B在C,点的合场强为零,则
此时,分母最小,k13最大为k13m一81
64
QA
=k
QA
(OAsin 37)2
oB937得
此时第n个物块的速度最大,有令m,0m2=k13mX
1
(别子)=(品》=品故B正确:月时前断连
OAsin37°)
1
之m102,解得m=
16vo
9
接两小球A、B的细线,在竖直方向两小球A、B均做自
答案(1)6m/s(2)2√2m/s≤≤8m/s
由落体运动,两小球是同时落地,C错误;剪断细线后,
162122m3
(④)当g=2时,第n个
两球组成的系统在水平方向不受外力,水平方向动量守
(3)
(m1十m2)2(m2+m3)2
恒,则有m11一12=0,同时乘以时间可得m1x1
160
物块获得的速度最大,ym=
9
m12=0,结合m1=16。
专题三电场与磁场
m2g可得9
6故D正确。
第1讲
命题点二
[命题热点突破]
[例1][解析]两个正电荷在N,点产生的场强方向由
命题点一
N指向O,N点处于两负电荷连线的中垂线上,则两负
[题组训练]
电荷在N点产生的场强方向由N指向O,则N点的合
1.C小球P、Q互相排斥,带同种电荷,A错误:设库仑力
场强方向由N指向O,同理可知,两个负电荷在L处产
大小为F,根据平衡条件F=mpgtan30°,F=mog tan30°,
解得mp:mQ=1:1,B错误;根据平衡条件Fr=
生的场强方向由O指向L,L,点处于两正电荷连线的中
sin30,根据图像F=a,解得FT=2a,因为两绳的拉力
F
垂线上,两正电荷在L处产生的场强方向由O指向L,
则L处的合场方向由O指向L,由于正方形两对角线垂
相等,所以两段细绳的拉力大小均为2a,C正确;根据库
直平分,则L和N两,点处的电场方向相互垂直,故A正
仑定律F=k9Pg,根据图像F=a,r2=b,解得q四Q=
确;正方形底边的一对等量异号电荷在M点产生的场
r2
D错误。
强方向向左,而正方形上方的一对等量异号电荷在M
点产生的场强方向向右,由于M点离上方一对等量异
247
参考答案
号电荷距离较远,则M,点的场强方向向左,故B正确;
[「题组训练
由图可知,M和O,点位于两等量异号电荷的等势线上,!6,BD电场强度方向从电势最高点指向电势最低点,根
即M和O,点电势相等,所以将一带正电的点电荷从M
据图像,电场方向与x轴负方向成。角,选项C错误:由
点移动到O点,电场力做功为零,故C错误;由图可知,
图知曲线①、②、③的交,点M和V电势相等,因为是匀
L点的电势低于V点电势,则将一带正电的点电荷从L
强电场,所以交,点M和N在同一等势线上,选项B正
点移动到N点,电场力做功不为零,故D错误。故
确;根据图像,曲线①的峰值最大,曲线①对应的”最
选AB。
大,取值为3r0,曲线③对应的半径为r0,电场强度的大
[答案AB
小为E==2一0=2,选项D正确:根据曲线③的
[题组训练]
d