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“四翼”检测评价答案
“四翼”检测评价(一)
0十fx=0十0,4X5×5J=5J,由对称性可知全程克服阻
1.选D做功有两个要素,第一要有力,第二在力的方向上物
2
体要发生位移。A项错在物体可能没有发生位移,B项错
力做功为2W,全程由动能定理可得W一2W,=0,联立
在物体可能没受力,C项错在位移的方向和力的方向可能
解得拉力做功为W=2W,=10J,故D正确;0到5m,由
垂直,D项正确。
=0.8x,心=2as,解得a=0.32x,则x=0时加速度最小
2.选C因为木箱匀速运动,小孩和大人所用的推力相等,又
为零,此时阻力为零,则力F为零,故C错误。
所走的位移相同,所以做功一样多,C选项正确。
12.解析:3$后只受滑动摩擦力作用,由图像斜率可知,物体
3.选B因为该同学每次起跳时,重心上升5cm,则每一次克
服重力做功为W=mgh=50×10×0.05J=25J,则一分钟
的加速度大小为4=A”=4m/s,由牛顿第二定律可得
内克服重力做功为W'=150W=3750J,B正确
umg=1a,联立解得物体与水平面间的动摩擦因数为4=
4.选BD作用力做正功时,反作用力可能做正功、负功或者
0.4,在前3s,物体做匀速直线运动,可知F=ug,联立
不做功,A错误:一对作用力和反作用力大小相等,但作用
解得水平力的大小为F=8N,由图像的面积可知,前3s
在两个物体上,两物体发生的位移大小不一定相等,因此作
的位移为s=v11=60m,水平力F做功为W=Fs=480J,
用力和反作用力做的功大小不一定相等,B正确:滑动摩擦
力和静摩擦力对物体可能做正功、负功,也可能不做功,C
38后物体滑行的位移为s
=50m,故物体从t=0时
2a
错误,D正确
刻开始,运动的总位移为5总=s十3=110m。
5.选D设斜面的倾角为0,则任一斜面的长度为s=
c0s日物
答案:480110
13.解析:传送带以恒定速率运动,行李在摩擦力作用下做初速
体沿斜面下滑时受到的摩擦力大小为∫=mgcos0。摩擦力
度为零的匀加速直线运动,若行李一直做匀加速运动,则到
做功为W=一fs=一ngcos日·
cos
一ungL,与倾角无
达最右端时有s=,得u==4m/s>2.4m/s
关,故W,=W2=W。D正确。
因此行李先做匀加速直线运动,当加
6.选A因整体做匀速运动,则斜面对物块的作用力是支持
速至与传送带速度相同时,摩擦力消
2.1--7
力与摩擦力的合力,与重力等大,方向竖直向上,不做功,故
失,两者相对静止,其)1图像如图
A正确:支持力与水平位移夹角大于90°,所以支持力对物
所示。
块做负功,故B错误;因为物块受力平衡,所以摩擦力沿斜
图线与t轴所围的面积表示行李的总
面向上,与水平位移方向夹角小于90°,做正功,故C错误;
1.2/5
因为物块与斜面一起水平运动,位移方向与重力方向垂直,
位移大小,即=2t十(1.2s一1)
所以重力对物块不做功,故D错误。
代入数据得t=0.4s,又v=at,所以a=6m/s
7.选B当B向左移动时,A没有动,故A、B之间的摩擦力
对A没有做功;B受到的摩擦力方向与运动方向相反,故B
由/Fwmg=mu,得=号-8=0.6f=15N
克服摩擦力做功。B正确
8.选CD由题意可知t图像的斜率表示加速度的大小,由
在0'时间内行李受到摩擦力作用,其位移s'=
2u'
题图可知物体加速度大小a=0.5m/s2,选项A错误;对物
0.48m
体受力分析,由牛顿第二定律得2F一mg=ma,可得F
传送带对行李做的功W=fs=15×0.48J=7.2J。
1.5N,选项B错误;根据图像知,在4s内物体向右运动的
答案:0.67.2J
位移为s=4m,拉力F的作用点的位移s'=2s=8m,则拉
力所做的功为Wr=Fx'=1.5×8J=12J,选项C正确:滑
“四翼”检测评价(二)
动摩擦力做的功W,=一fs=一mgs=一0.1×2X10×4J
1.选D力做功多,功率不一定大,还要看做功时间,故A错
=一8J,选项D正确。
误;功率一定时,汽车的牵引力才与速率成反比,故B错误,
9.解析:(1)对物体受力分析,可知物体受重力G、支持力N、
D正确:只有时间t极短时才能用P=W
求瞬时功率,故C
拉力F和滑动摩擦力f,其中支持力N=G十Fsin37°=
22N,滑动摩擦力f=N=11N。
错误
由于重力、支持力与位移的夹角都为90°,所以它们均不做:
2.选B根据P=F知,发动机的功率恒定,速度增大,则牵
功。拉力做功W=Fsc0s37°=160J,
引力减小;根据牛顿第二定律有F一f=ma,可知加速度减
摩擦力做功W,=fsc0s180°=一110J。
小,选项B正确。
(2)各个力对物体所做的总功Ws