内容正文:
的磁感线被内部抵消。现将弹性圆环均匀向外扩大,则磁铁!
门闭合时磁通量的方向向北,开门还是关门的过程中,穿过
外部磁感线条数变多,将内部磁感线抵消多,导致磁通量变
门框的磁通量都是变化的,B正确;根据楞次定律,穿过门
小,A错误;磁通量变小,则由楞次定律得,从左往右看,产生
框的磁通量减小时,站在室内面向正南的人判断,产生的感
顺时针方向的感应电流,B错误,C正确:产生顺时针感应电!
应电流的方向为逆时针,C正确;同理可知D错误。
流,在外部磁感线的作用下,根据左手定则可知,弹性圆环受!12.选C在列车经过线圈的上方时,由于列车上磁场的方向
到的安培力方向沿半径向内,D错误。
垂直地面向下,所以线圈内的磁通量方向垂直地面向下,先
4.选D当通电直导线中电流增大时,穿过金属圆环的磁通量
增大后减小,根据楞次定律可知,线圈中的感应电流的方向
增大,金属圆环中产生感应电流,根据楞次定律可知,感应电
为先逆时针、再顺时针方向,C正确。
流的磁场要阻碍磁通量的增大:一是用编小圆环面积的方式!13.解析:(1)将磁铁N极向下从线图上方竖
进行阻碍;二是用远离直导线的方式进行阻碍,D正确。
直插入L时,穿过L的磁场向下,磁通量
5.选D在线圈进入或离开磁场的过程中,穿过线圈的磁通量
增大,由楞次定律可知,感应电流的磁场
发生变化,有感应电流产生,线圈完全在磁场中时,穿过线圈}
方向与原磁场方向相反,感应电流磁场
的磁通量不变,没有感应电流产生,A、B错误;由右手定则!
应该向上,电流计指针向右偏转,电流从
可知,线圈进入磁场过程中,线圈中感应电流沿逆时针方向,
电流计右端流入,由安培定则可知,俯视线圈,线圈绕向为
线圈离开磁场过程中,感应电流沿顺时针方向,C错误,D
逆时针,如图所示。
正确。
(2)当条形磁铁穿过线圈L后,向下远离L时,穿过L的磁
6.选AD由右手定则可判断ab中感应电流方向为从a到b,
通量向下,磁通量减小,由楞次定律可知,感应电流磁场应
向下,感应电流为顺时针(俯视线圈)指针将向左偏转。
从而cd中电流方向为从c到d,根据左手定则可判定导体
cd中安培力方向水平向右,即向右移动,A、D正确。
(3)当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时,穿过L的
7.选B线框从右侧开始由静止释放,穿过线框平面的磁通量
磁通量向上,磁通量减小,由楞次定律可知,感应电流磁场
向上,指针向右偏转。
逐渐减少,由楞次定律可得感应电流的方向为d→c→b→
答案:(1)见解析图(2)左侧(2)右侧
→d:过最低,点所在的竖直线后继续向左摆动过程中,穿过
线框平面的磁通量逐渐增大,由楞次定律可得感应电流的方
“四翼”检测评价(六)
向仍为d→c→b→a→d,B正确。
8,选A不论磁铁的哪一极向下插入,穿过线圈的磁通量均增1,选A
线图中感应电动势大小为:E=NS=100×
加,根据楞次定律可知,线圈都将阻碍磁铁相对于线圈的运
2X10-a
×0.01V=4×104V,A正确,B、C、D错误
动,所以线圈受到向下的安培力的作用,则线圈对下面的电:
5
子秤的压力增大,减速插入时电子秤的示数也增大,A正确,!2.选C由右手定则判断可得,电阻R上的电流方向为Q→,
B、C、D错误」
由E=Blu知E1=Blo,E2=2Blw,则E1:E2=1:2,C
9.解析:(1)将线圈B和电流计串联组成一个回路,将开关、滑·
正确。
动变阻器、电源、线圈A串联组成另一个回路即可,连接图3,选C
图线斜率表示磁通量的变化率,根据法拉第电磁感应
如图所示。
定律E=吧知,在4一6s内中1图线斛率最大,则磁通量变
△t
化率最大,感应电动势最大,C正确,A、B、D错误
4.选CAB两端的电势差大小等于金属棒AB中产生的感应
电动势,E=B·2R·=B·2R,R+)·3R=4BR2,C
2
(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一:
正确。
下,说明穿过B线圈的磁通量增加,电流计指针向右偏,合5,选D匀强磁场与线图平面垂直,有一半的面积处于磁场
上开关后,将A线圈迅速插入B线圈中时,穿过B线圈的磁
中,故破道量为:@=B·=号BS,A,B错误:根据法拉
通量增加,电流计指针将向右偏;A线圈插入B线圈后,将
滑动变阻器滑片迅速向左移动时,线圈A中电流减小,穿过
是
B线圈的磁通量减少,电流计指针将向左偏。
第电磁感应定律,感应电动势为:E=N=N
△t
(3)在灵敏电流计所在的电路中,为电路提供电流的是线·
图B。
号NS会专NKS,C错误,D正确。
答案:(1)见解析图(2)向右偏向左偏(3)B
!6.选BD只要穿过圆线圈内的磁通量发生变化,线圈中就有
10.选D铁齿靠近线圈时被磁化,产生的磁场方向从左向右,:
感应电动势和感应电流,因为磁场变化情况相同,有效面