第十五章 第2节 电功率-九年级下册物理同步【金版课堂】中学教材优选（苏科版）

示用电１kW􀅰h电能表转盘转动的圈数为１２５０转. ９．解:由电功的公式W＝UIt可得,通过灯泡的电流有I＝ W Ut＝ ３．６×１０６J ２２０V×３６０００s≈０．４５A 解析:在公式W ＝UIt中,四个量知道三个便可求出未 知量. １０．(１)电流　控制变量法　 (２)电压　A 解析:从猜想可以看出,影响电流做功的因素有电压、 电流和通电时间三个因素,在通过实验探究电功与某 个因素的关系,应采用控制变量法,实验装置采用串联 的目的是使通过两电阻的电流和通电时间相同(同时 接通,同时断开),这是为了研究电功与电压的关系,电 阻大的电阻两端电压大;电流做功时将电能转化为煤 油的内能,因此电流做功的多少可以通过煤油的温度 显示出来,若通电一段时间后,两瓶中煤油温度变化不 同,则说明电功与电压有关. 第２节　电功率 第１课时　电功率及用电器的额定功率 【亮点自主探索】 一、１．电流做功快慢　P ２． W t 　 ３．瓦特　瓦　W　千瓦　kW　１kW＝１０３W 二、１．工作　 ２．实际工作 【双基多元演练】 １．D　解析:电功率是表示电流做功快慢的物理量,从公式 P＝ W t 可知,电功率的大小与电功和通电时间都有关, 单凭一个方面无法判断电功率的大小,所以 A、B、C选 项都是错误的,只有选项 D是正确的. ２．C　解析:电功率是表示电流做功快慢的物理量,功率越 大,表明用电器消耗电能越快,电流做的功越多. ３．A　解析:根据功率的计算公式P＝UI 可得 LED 灯的 电功率为P＝６V×０．３A＝１．８W. ４．４８　２４　解析:根据电功率的推导式,４只白炽灯消耗的 电能:W１ ＝ P１t＝０．１kW×４×３０×５h＝６０kW􀅰h, ４只节能灯消耗的电能:W２＝P２t＝０．０２kW×４×３０×５h＝ １２kW􀅰h,所以节约的电能为:W１－W２＝６０kW􀅰h－１２ kW􀅰h＝４８kW􀅰h,节约电费:４８kW􀅰h×０．５元/kW􀅰h＝ ２４元. ５．A　解析:灯泡都正常工作,功率都是２５W,故一样亮. ６．C　解析:由图示电路图可知,灯泡与铅笔芯串联,当夹 子B 向右移动时,铅笔芯接入电路的阻值变大,电路的 总电阻变大;电源电压不变,由欧姆定律I＝ U R 可知,电 路电流减小,由P＝UI 可知,灯泡实际功率变小,灯泡 变暗,故 A、B、D错误,C正确. ７．C　解析:由于灯泡 L１、L２ 串联,根据串联电路电流特点 可知I１＝I２,L１ 要亮一些这说明两灯的实际功率P１ 大 于P２,根据电功率公式P＝I２R 可知R１＞R２,故选项 A错误;又根据电功率公式P额 ＝ U２额 R ,额定电压U额 相 同,所以 L１ 的额定功率小于 L２ 的额定功率,即正常发 光时 L１ 发光要暗一些,故选项 B错误,选项 C正确;若 将两灯并联接入电路,根据电功率公式P＝ U２ R ,电压U 相同,所以 L１ 的实际功率小于 L２ 的实际功率,所以 L１ 发光要暗一些,故选项 D错误. ８．４８４　６０００　１１０　 解析:根据公式P＝ U２ R 得R＝ U２ P ＝ (２２０V)２ １００W ＝４８４Ω ;灯 丝消耗的电能即做的功 W＝Pt＝１００W×６０s＝６０００J; 灯丝重新接上后,其电压仍为２２０V,此时功率P′＝ U２ R′ ＝ (２２０V)２ ４４０Ω ＝１１０W . ９．解:(１)保温电流为:I保 ＝ U R１＋R２＝ ２２０V １９８Ω＋２２Ω＝１A ; (２)S１、S２ 都闭合时,R２ 被短接,只有R１ 接入电路,热水 器处于加热状态,加热功率为:P热 ＝ U２ R１ ＝ (２２０V)２ ２２Ω ＝ ２２００W. 【潜能整体激活】 １．C　解析:一节干电池的电压约为１．５V,则三节干电池 的电压 约 为 ４．５V,故 手 电 筒 小 灯 泡 的 功 率 P＝UI＝ ４．５V×０．５A＝２．２５W. ２．C　解析:设置成“省电模式”,不会增大电池电压,故 A 错误;若增加总功率,则会缩短使用时间,故 B错误;减 小总功率,根据W＝Pt可知,可延长使用时间,故 C正 确;降低散热能力,会使手机温度升高,不能延长使用时 间,故 D错误. ３．D　解析:指示灯闪烁越快,说明电路中用电器的功率越 大,用电器消耗的电能同时跟电功率和通电时间有关, 在通电时间一定时,功率大,消耗电能多,故 A 错误;电 能表最后一位为小数位,故 小 明 家 上 月 消 耗 的 电 能 为 ５６３７．８kW􀅰h－５５４６．７kW􀅰h＝９１．１kW􀅰h,故 B错 误;由电能表铭牌可知,电路中额定电流为１０A,允许通 过的最大电流为２０A,故 C错误;指示灯闪烁３２次消耗 的电能为:W＝ ３２imp １６００imp/kW􀅰h ＝０．０２kW