第1部分 专题1 第2讲 力与直线运动(课件PPT)-【状元桥】2022高考物理二轮专题复习（老高考）

状元桥 高考二轮专题复习 第一部分 核心专题突破 物理 专题一 力与运动 物理 第2讲 力与直线运动 物理 目录 专题强化训练 返回目录 备考导航 思维导图 命题轨迹 匀变速直线运动规律的应用 (2019、2020、2021) 动力学图像问题(2019、2021) 牛顿运动定律的应用 (2019、2020、2021) “传送带”模型与“板块模型” (2019、2020、2021) 返回目录 备考指要 1.记准并能灵活选用匀变速直线运动的三类公式 (1)基本式； (2)推论式； (3)比例式 2．动力学中“弹簧问题”的三个特殊位置 (1)原长位置，该位置弹簧的形变量为零，弹簧的弹力为零，弹性势能最小． (2)弹簧的弹力与物体所受的其他力平衡的位置，该位置物体的加速度为零，速度往往有最大值． (3)弹簧最长或最短的位置，该位置弹簧的形变量最大，弹簧的弹力最大，弹性势能最大，物体的速度往往为零. 返回目录 热点题型一　匀变速直线运动规律的应用 1．处理匀变速直线运动问题常用的六种方法 返回目录 2．追及问题的“两点提醒” (1)分析两物体速度相等时的位置关系是处理此类问题的切入点，如果速度相等时未追上，则此时两物体间距离往往有极值． (2)若被追赶的物体做匀减速运动，一定要注意分析追上前该物体是否已停止运动，否则得出的结果可能因与实际不符而出错． 返回目录 命题视角一　基本规律的应用 【典例1】(2019·全国Ⅰ)如图所示，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H.上升第一个eq \f(H,4)所用的时间为t1，第四个eq \f(H,4)所用的时间为t2.不计空气阻力，则eq \f(t2,t1)满足(　　) A．1＜eq \f(t2,t1)＜2 B．2＜eq \f(t2,t1)＜3 C．3＜eq \f(t2,t1)＜4 D．4＜eq \f(t2,t1)＜5 答案　C 返回目录 解析　运动员离地后做竖直上抛运动，则可以按其逆过程——自由落体运动计算，将H分为相等的4段，通过各段所用时间由上至下分别为T1、T2、T3、T4，则满足T1∶T2∶T3∶T4＝1∶(eq \r(2)－1)∶(eq \r(3)－eq \r(2))∶(2－eq \r(3))，则eq \f(t2,t1)＝eq \f(1,2－\r(3))＝2＋eq \r(3)，则3＜eq \f(t2,t1)＜4，选项C正确． 返回目录 命题视角二　追及相遇问题 【典例2】(2021·河北)如图所示，一滑雪道由AB和BC两段滑道组成，其中AB段倾角为θ，BC段水平，AB段和BC段由一小段光滑圆弧连接．一个质量为2 kg的背包在滑道顶端A处由静止以2 m/s2的加速度下滑，若1 s后质量为48 kg的滑雪者从顶端A处以1.5 m/s的初速度、3 m/s2的加速度匀加速追赶，恰好在坡底光滑圆弧的水平处追上背包并立即将其拎起．忽略空气阻力及拎包过程中滑雪者与背包的重心变化．求： (1)滑道AB段的长度； (2)滑雪者拎起背包时这一瞬间的速度． 返回目录 解析 (1)设滑道AB段的长度为L，滑雪者追上背包的时间为t， 由题意可知，当滑雪者追上背包时，背包和滑雪者经过的路程刚好是AB段的长度， 则有L＝1.5t＋eq \f(1,2)×3t2，L＝eq \f(1,2)×2×(t＋1)2， 联立解得t＝2 s，L＝9 m. (2)设滑雪者拎起背包时的瞬时速度为v1， 由速度公式v＝v0＋at得v1＝1.5＋3t， 代入(1)中数据，解得v1＝7.5 m/s. 答案 (1)9 m　(2)7.5 m/s 返回目录 1．(2021·河南名校联考)我国自主研发的“暗剑”无人机，时速可达到2马赫．在某次测试中，起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120 m的测试距离，用时分别为2 s和1 s，则无人机的加速度大小是(　　) A．20 m/s2 B．60 m/s2 C．40 m/s2 D．80 m/s2 答案　C 返回目录 解析　第一段时间内的平均速度v1＝eq \f(120 m,2 s)＝60 m/s，第二段时间内的平均速度v2＝eq \f(120 m,1 s)＝120 m/s，根据匀变速直线运动规律可知，无人机在一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；结合加速度的定义可得无人机的加速度大小为a＝eq \f(Δv,Δt)＝eq \f(120－60,1＋0.5) m/s2＝40 m/s2，选项C正确． 返回目录 2．(2021·广东惠州调研)系一重物的气球以4 m/s的速度匀速上升，离地9 m时绳断了．则重物脱离气球后离地面的最大高度是(不计空气阻力，g取10 m/s2)(　　) A．0.8 m B．9 m C