专题5 动力学、动量和能量观点的综合应用-2022高考物理艺术生文化课【成功方案】

2.【答案】CD A从最低点到嚴高点的过程中杌梳能守恒,取轨迹最低点处重力势 析】A.将纽合体以初速度水平无旋转鹅出后,組合体微平;能为零,设A在最低点的速度大小为℃,有 运动,后进入磁场傲匀速运动,由于水平方向切割磁感线产生的 感应电动势相互抵消,则有mg-FB2L2a 由动量定理,有 则B与~7 ③ 综合有 成正比,A错误 联立①②③式,得 B、当金属框刚进入场时金属框的磁通量增加,此时感应电沸的方(2)设两球粘在一起时的滤度大小为,A、B粘在一起后恰能通过 向为逆时针方向,当金鳥框刚出磁场时金属框的通量减少,此时 慼应电流的方向为顺时针方向,B错 圆周轨迹的最高点忐,需满足 亩于組合体进入破场后做匀速运动,由于水平方向的感应电动势7三 相互抵消,有 受达到上逑条件,碰后两球遠度方向必须与碰前B的速度方向相 同,以此方向为正方向,设B磁前眸间的速度大小为vB,由动守 恒定律,有 则组合体克服安掊力做功的功率等于重力做功的功率,C正确; m2vfm14-(m1+m2) G D无论调节哪个物理量,只要组合体仍能匀速通过磁场,部有mg又E,=1m2 则安培力做的功都为W=F3L,则组合体过礅场过程中产生的:联立①②⑤◎⑦式,得碰撞前眸间B的动能E2至少为 焦耳热不交,D正确。故进CD 【解析】由图中等势的疏密程度可知EM“EN根据F-qE可知;2.【答藥】ABD 【解析】A.由于在0~t时间内,物体B静止,则对B受力分析有 由題可知图中电场线是由金属板指向负电荷,设将该试探电荷从M:F=F 点移到N点,可知电场力做正功;电势能减小即E2M~Fn 则对B的冲量大小等于弹簧对B的冲量大小,而弹簧既作用于B 也作用亍A,则可将研究对象转为A,撤去F后A只受弹力作月,则 4.【谷案】ABD 根据动量定理有I=mAv0〈方向向右),则培对B的冲童与弹簧对A 【解析】A对:根裾电场力做功与电势能的变化关系知Q1在￠点氵的冲量大小相等、方向相同,A正确; 的电势能Eρ=W,根据电势的定义知C忐电势 E, w B.由at图可知t1后弹簧被拉伸,在t时刻弹簧的拉伸量达到最 大,根据牛顿第二定律有F=m4A=mBF B对:在A点的点电荷产生的电场中,B、C两点处在同一等势面上 由图可知a~aA则 川A,B正确 Q从C移到B的过程中,电场力做功为0 C.由图可得,1时刻B开始运动·此时A速度为·之后AB动受 C错,D对:单独在A点因定电荷萓为十q的点电荷时,C点电势为:守恒,AB和弹簧整个系统能迳宇恒,则 p,单独在B点回定点电荷Q1时,C点电势也为φ,两点电荷都存在:mAv=mAvA-mvB 时,C点电势为2gQ2从无穷远移到C点时,具 电势能Ep 可得AB整体的动能不等子0,即弹簽的弹性势能会转化为AB系 2q×2=-4W,向场力做功W=一E=4W 统的动能,弹簧的形变曼小于x,C误 D.由at图可知t1后醪脱离墙壁,且弹簧被拉伸,在t一t时间内 【解析】小球a从N点静止释放,过P r:AB组成的系统动量守恒,豆在2时刻弹 伸童达到最大,A、B 后到Q点速度为零,整个运动过程只有重 共速,由at图像的而积为△,在2时刻AB的速度分别为va=S1 力和库仑力做功,库仑力方向与小斑a速 度方向夹角一直大于90°,所以库仑力个 库仓力增大,麻仑力与重力的夹角减小,所以它们的合力一直增大,高考题多坐,则S-s2=S2D正确。故达ABD 过程做负功。小球a从N到Q的过程中 A、B共 故Δ错误;小球a受力如图所示,在靠近N点的位置,合力与速度氵例2【答案】(1)4m/s(2)nmn-0.45m(3)0.8m 用 a从N到:【解析】(1)小滑块在AB轨道上运动mgh- amcos 仑力一直做负功,所以电势能一直增加,故C正确;根据能量守恒氵1m 可知,P到Q的过程中,动能的减少量等于重力势能和电势能的增 加量之和,故D锆误 代入数据解得v 专题五动力学、动量和能量观点的综合应用(2)小球沿CDEF轨道运动,在最高点可得m=2 知识回扣 从C点到E点由机械能守恒可得mv2m-mg(R+r)= 1.(1)动量变化(2)动量变化合外力的冲量合力 2.(1)零(2)大小柑等、方向相反(3)合力为零零 3.(1)牛顿运动(2)动量时问 规律方法 解得vhm: 1.(1)动量动能牛顿第二定律 小滑块与小球碰后动量守恒,杌械能守怛,因此有m℃Amn=mA 高考题型1 例1【答案】见解析 【解析】(1)以1=36km/h=10m/s,取遠度v的方向为正方向 由动量定理有-16-0-m1① 解得vA=0,Cmi=mn 将已知数据代入①式得I=1.6×104N·s② 由冲量定义有I=F041③ 解得h的最小值为m=0.45m 将已知数据代入③式得F2=1.6×105N④ (3)