内容正文:
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二轮· 物理
“平抛运动与圆周运动”组合模型
(2)在B点:vB==2 m/s
所施加外力F与重力平衡,小球在圆管内做匀速圆周运动,圆管对小球的弹力提供向心力,则
FN==5 N
由牛顿第三定律得,小球对圆管的压力
FN′=FN=5 N。
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二轮· 物理
平抛运动与圆周运动的模型,因涉及两种运动的分与合,命题灵活且能考查学生应用相关知识解决具体问题的能力,成为近几年高考命题的新热点。
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二轮· 物理
1.模型特点
涉及圆周运动、平抛运动等多个运动过程,此类问题的特点:有时物体先做竖直面内的变速圆周运动,后做平抛运动;有时物体先做平抛运动,后做竖直面内的变速圆周运动。往往要结合能量关系求解,多以计算题的形式考查。
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二轮· 物理
2.突破方法
(1)分析临界点:对于物体在临界点相关的多个物理量,需要区分哪些物理量能够突变,哪些物理量不能突变,而不能突变的物理量(一般指线速度)往往是解决问题的突破口。
(2)分析运动过程:对于物体参与的多个运动过程,要仔细分析每个运动过程做何种运动。若为圆周运动,应明确是水平面的匀速圆周运动,还是竖直平面的变速圆周运动,机械能是否守恒;若为抛体运动,应明确是平抛运动,还是类平抛运动,垂直于初速度方向的力是哪个力。
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(3)小球由C点沿斜面匀减速上滑,则
mgsin 45°+μmgcos 45°=ma
解得a=8 m/s2
小球在CD斜面上运动的最大位移为
x== m。
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二轮· 物理
(1)小球从O点的正上方某处A点水平抛出的初速度v0为多少?O、A的距离为多少?
(2)小球在圆管中运动时对圆管的压力是多少?
(3)小球在CD斜面上运动的最大位移是多少?
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二轮· 物理
[思路点拨] 解此题的关键是做好过程分析和受力分析。
(1)小球从A到B做平抛运动,vB为平抛运动与圆周运动的关联速度。
(2)小球从B到C做匀速圆周运动,所施加外力F与重力平衡,圆管对小球的弹力提供向心力。
(3)小球由C点沿斜面匀减速上滑到最高点。
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二轮· 物理
[答案] (1)2 m/s 0.6 m (2)5 N (3) m
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二轮· 物理
解析:(1)小球做平抛运动,
竖直方向:h-R(1-cos 37°)=gt2,
解得t=0.3 s,
竖直分速度vy=gt=10×0.3 m/s=3 m/s,
水平分速度v0==4 m/s,
抛出点距A点的水平距离
x=v0t=4×0.3 m=1.2 m。
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二轮· 物理
(2)小球从抛出到B点过程,由动能定理得
mg(h-R)=mvB2-mv02,
在B点,由牛顿第二定律得F=m,
解得F=68 N,
由牛顿第三定律可知,小球对轨道的压力大小F′=F=68 N。
解析:(1)从A到P过程中,小球做平抛运动,在竖直方向上做自由落体运动,有
R+Rcos 53°=gt2,
解得t=0.4 s。
(2)根据分运动公式,有vy=gt,tan 53°=,
解得v0=3 m/s,
在水平方向上,有l=v0t,解得l=1.2 m。
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二轮· 物理
[应用提升练]
1.(2021·湖南永州高三1月模拟)如图所示,一内壁光滑的圆弧形轨道ACB固定在水平地面上,轨道的圆心为O,半径R=0.5 m,C为最低点,其中OB水平,∠AOC=37°。一质量m=2 kg的小球从轨道左侧距地面高h=0.55 m的某处水平抛出,恰好从轨道A点沿切线方向进入圆弧形轨道,取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:
(1)小球抛出点到A点的水平距离;
(2)小球运动到B点时对轨道的压力大小。
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二轮· 物理
(3)从A到圆弧轨道最低点,根据机械能守恒定律,有
mv12=2mgR+mv02,
解得v1= m/s。
(4)小球从A到达Q时,根据机械能守恒定律可知vQ=v0=3 m/s,
在Q点,根据牛顿第二定律,有FN+mg=m,
解得FN=6.4 N,
根据牛顿第三定律可得
小球对外壁有弹力且FN′=FN=6.4 N。
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答案:(1)1.2 m (2)68 N
答案:(1)0.4 s (2)3 m/s 1.2 m (3) m/s (4)外壁 6.4 N
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二轮· 物理
2.(2021·广西池州期末)如图所示,竖直平面内有一管道口径很小的光滑圆弧轨道,其半径R=0.5 m,平台与轨道的最高点等高。一质量m=0.8 kg、可看作质点的小球从平台边缘的A处平抛,恰能沿圆弧轨道上P点的切线方向进入轨道,轨道半径OP与竖直线的夹角为53°,已知sin 53°=0.8,cos 53°=0.6,g取10 m/s2。
(1)求小球从A点开始平抛运动到P点所需的时间t;
(2)求小球从A点水平抛出的速度大小v0和A点到圆
弧轨道入射点P之间的水平距离l