内容正文:
高三总复习物理 粤
运动时间为tA=
2yA
g =
4l
g
,小球B 的运动时间为tB=
2yB
g =
2l
g
,则tA ∶tB = 2∶1,B 错误;小球 A 的初速 度 为v0A =
xA
tA
=
l
4l
g
= gl4
,小球B的初速度为v0B=
xB
tB
= 2l
2l
g
= 2gl,则vA∶vB
=1∶2 2,C错误;落地瞬间,小球A 竖直方向的速度为vyA = 4gl,
小球B竖直方向的速度为vyB= 2gl,则落地瞬间小球A 的速度为vA
= vxA2+vyA2 =
17
4gl
,小 球 B 的 速 度 为vB = vxB2+vyB2 =
4gl,显然vA>vB,D正确.]
9.AD [小球在空中做平抛运动,在竖直方向上有y= 12gt
2,水平方向
上有x=v0t,由几何关系有 yx =tanθ
,解得x=
2v02
g tanθ
,由图(b)可
知
2v02
g =
0.1
0.5
,解得小球在斜面顶端水平抛出时的初速度大小v0=
1m/s,故 A 正确,B错误;由图(c)可知,图像末端的斜率增大,说明
2v02
g
增大,又重力加速度不变,可知做平抛运动的初速度增大,其原因
可能为小球在弧形轨道上的释放位置变高或小球释放时有初速度,故
C错误;当θ=60°时,水平位移大小x=2×1
2
10
tan60°m= 35 m
,由于
小球恰好落在斜面底端,则斜面长度L= xcosθ=
2 3
5 m
,故 D正确.]
三、非选择题
10.解析: 根据牛顿第二定律,在OP 段有F-μmg=ma,
又2as=vp2,
由平抛运动规律和几何关系有
物块的水平射程x=vpt,
物块的竖直位移y= 12gt
2,
由几何关系有y=xtanθ,
联立以上各式可以得到x=
2vp2tanθ
g
,
解得F= mg4stanθx+μmg
.
由题图乙知μmg=5N,
mg
4stanθ=10N
/m,
代入数据解得x=0.25m.
答案: 0.25m
11.解析: (1)上滑过程中,由牛顿第二定律
mgsinθ+μmgcosθ=ma
a=8m/s2
由运动学公式
vB2-v02=-2a
h1
sinθ
v0=6m/s.
(2)滑块在D 处水平飞出,由平抛运动规律
L=v0t
h2=
1
2gt
2
vD=1m/s.
(3)小滑块动能减小,重力势能也减小,所以细管道BCD 内壁不光滑.
答案: (1)8m/s2 6m/s (2)1m/s (3)不光滑
课时作业(十三)
一、单项选择题
1.D [A、B靠摩擦传动,则边缘上a、b两点的线速度大小相等,即va∶
vb=1∶1,故 A错误;B、C同轴转动,则边缘上b、c两点的角速度相等,
即ωb=ωc,转速之比
nb
nc
=
ωb
ωc
= 11
,故 B、C错误;对a、b两点,由an=
v2
r
得
aa
ab
=
Rb
Ra
= 32
,对b、c两点,由an=ω2r得
ab
ac
=
Rb
Rc
= 32
,故aa∶
ab∶ac=9∶6∶4,故 D正确.]
2.A [转盘匀速转动时,摩擦力提供物块做圆周运动的向心力,故摩擦
力方向指向圆心O点,故 A 正确,B错误;当转盘加速转动时,物块P
做加速圆周运动,不仅有沿c方向的向心力,还有沿a方向的切向力,
使线速度增大,合力即摩擦力,方向可能为b,故 C错误;当转盘减速转
动时,同理可知摩擦力方向可能为d,故 D错误.]
3.C [a小球所受合力方向不一定指向圆心,故 A 错误;由几何关系可
知,a、b两小球圆周运动的半径的比值为 1sinθ
,故 B错误;对小球b有
Fbcosθ=mg,则Fb=
mg
cosθ
,而a小球到达最高点时Fa=mgcosθ,所以
a小球运动到最高点时受到的细线拉力与b小球受到的细线拉力的比
值为cos2θ,故C正确;对小球a由机械能守恒定律有mgl(1-cosθ)=
1
2mv
2,根据牛顿第二定律可知在最低点T-mg=mv
2
l
,联立解得T=
mg(3-2cosθ),则TFb
=cos(3-2cosθ),故 D错误.]
4.A [物块A 刚好不下滑时,N1=mω122r,μN1=mg,联立解得ω1
= gr
,物 块 B 刚 好 不 下 滑 时,N2sin37°-μN2cos37°=mω22r,
N2cos37°+μN3cos37°=mg,解得ω2=
2g
11r
,物块B 刚好不上滑时,
N3sin37°+μN3cos37°=mω32r,N3cos37°=μN3sin37°+mg,解得ω3
= 2gr
,要使A、B两物块均相对容器静止,则容器转动的角速度大小
范围为 g
r ≤ω≤
2g
r
,A正确,B、C、D错误.]
5.D [小球恰能通过a点的条件是在