内容正文:
专题12.3 边角边判定三角形全等-重难点题型
【人教版】
【知识点1 基本事实“边角边”(SAS)】
两边及其夹角分别相等的两个三角形全等,简写成“边角边”或“SAS”.
【题型1 边角边判定三角形全等的条件】
【例1】(2021春•锦江区校级期中)如图,在△ABC和△DEC中,已知AB=DE,还需添加两个条件才能用SAS判定△ABC≌△DEC,能添加的一组条件是( )
A.∠B=∠E,BC=EC B.∠B=∠E,AC=DC
C.∠A=∠D,BC=EC D.BC=EC,AC=DC
【分析】由AB=DE知,由全等三角形的判定定理SAS知,缺少的添加是:一组对应边相等及其对应夹角相等.
【解答】解:A、若AB=DE,∠B=∠E,BC=EC,符合全等三角形的判定定理SAS,能推出△ABC≌△DEC,故符合题意.
B、若AB=DE,AC=DC,∠B=∠E,由SSA不能判定△ABC≌△DEC,故不符合题意;
C、若AB=DE,BC=EC,∠A=∠D,由SSA不能判定△ABC≌△DEC,故不符合题意;
D、若AB=DE,BC=EC,AC=DC,由SSS不能判定△ABC≌△DEC,故不符合题意;
故选:A.
【点评】本题考查了全等三角形的判定定理,能熟记全等三角形的判定定理是解此题的关键,注意:全等三角形的判定定理有:ASA,SAS,AAS,SSS,两直角三角形全等,还有HL.
【变式1-1】(2020秋•喀什地区期末)如图,已知∠ABC=∠DCB,能直接用SAS证明△ABC≌△DCB的条件是( )
A.AB=DC B.∠A=∠D C.∠ACB=∠DBC D.AC=DB
【分析】根据全等三角形的判定方法即可解决问题.
【解答】解:∵AB=DC,∠ABC=∠DCB,BC=CB,
∴△ABC≌△DCB(SAS),
故选:A.
【点评】本题考查全等三角形的判定,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型.
【变式1-2】(2020秋•通州区期中)根据下列条件能画出唯一△ABC的是( )
A.AB=1,BC=2,CA=3 B.AB=7,BC=5,∠A=30°
C.∠A=50°,∠B=60°,∠C=70° D.AC=3.5,BC=4.8,∠C=70°
【分析】根据各个选项中的条件,可以判断是否可以画出唯一△ABC,从而可以解答本题.
【解答】解:当AB=1,BC=2,CA=3时,1+2=3,则线段AB、BC、CA不能构成三角形,故选项A不符合题意;
当AB=7,BC=5,∠A=30°时,可以得到点B到AC的距离为3.5,可以画出两个三角形,如图1所示,故选项B不符合题意;
当∠A=50°,∠B=60°,∠C=70°时,可以画出很多的三角形ABC,如图2所示,故选项C不符合题意;
当AC=3.5,BC=4.8,∠C=70°时,可以画出唯一的三角形ABC,故选项D符合题意;
故选:D.
【点评】本题考查全等三角形的判定,解答本题的关键是明确题意,利用数形结合的思想解答.
【变式1-3】(2020•奎文区一模)如图,点D、E分别在线段AB、AC上,且AD=AE,若由SAS判定△ABE≌△ACD,则需要添加的一个条件是 .
【分析】由题意可得∠A=∠A,AD=AE,则添加AB=AC,由SAS判定△ABE≌△ACD.
【解答】解:添加AB=AC,
∵AB=AC,∠A=∠A,AD=AE,
∴△ABE≌△ACD(SAS)
故答案为:AB=AC.
【点评】本题考查了全等三角形的判定,灵活运用全等三角形的判定是本题的关键.
【题型2 边角边判定三角形全等(求角的度数)】
【例2】(2020秋•宽城区期末)如图,AB=AC,点D、E分别是AB、AC上一点,AD=AE,BE、CD相交于点M.若∠BAC=70°,∠C=30°,则∠BMD的大小为( )
A.50° B.65° C.70° D.80°
【分析】根据SAS证明△ADC与△AEB全等,利用全等三角形的性质和三角形内角和解答即可.
【解答】解:在△ADC与△AEB中,
,
∴△ADC≌△AEB(SAS),
∴∠B=∠C,∠AEB=∠ADC,
∵∠BAC=70°,∠C=30°,
∴∠AEB=∠ADC=180°﹣∠BAC﹣∠C=180°﹣70°﹣30°=80°,
∴∠BMC=∠DME=360°﹣∠AEB﹣∠ADC﹣∠BAC=360°﹣80°﹣80°﹣70°=130°,
∴∠BMD=180°﹣130°=50°,
故选:A.
【点评】此题考查全等三角形的判定和性质,关键是根据全等三角形的判定和性质解答.
【变式2-1】(2020秋•乐亭县期末)如图,在△ABC中,∠B=40°,AB=CB,AF=CD,AE=CF,则∠EFD=( )
A.50° B.60° C.70° D.80°
【