专题三 力与物体的曲线运动-高二物理大暑假小一轮【成功方案】专题复习

第二定律得(m1+mn2) geili a-g(m1+ Cosa=(m1m2)a2,设下滑过程中两 联立①②式得:a=g+{(Bv-E) 物块之间的摩擦力大小为∫2隔离物块A 设学第一次落地弹起后上升的最大高度为氵当Bq>Eq时,小琼所受棒的弹力F、为水 并对其进行受力分析,由牛顿第二定律得:H1,则 平向左,水平方向上:B Anglos as ⑩ 故选项C正确,D错误 联立③④⑥⑦⑧⑨⑩式可得 此时竖直方向上有mg-f-mg 【解析】当F等于6N时,加遠度为:a-2H 联立③④式得:a=g /s2。对整休由牛顿第二定律有:F=(M:〈3)设第一次弹起过程中球相对管的位移 m)a,代入数据解得:M+m-3kg.当F:为x1。在管开始下落到上升H1这一过程 以上分析可知,小球先做加速度逐渐增大 大于6N时,根据牛頓笫二定律得:长木板:中,由动能定理有 的变加速运动,后做加速度逐渐减小的变加 H 逸运动,直至匀速,所以A错,B、C均正确 的加速度a 丶琼勺速迺动肘所受洛伦兹力不变,故 线的奸率k=M6 联立⑩⑩式并代入题给数据得 D kg,滑块的质量为m=2kg。故A正确;由 :10.【答案】(1)0.12N,方向沿斜面向上 上可知:F大于6N时 μ。代入題;同理可推得,管与球从再次下落到第二次 (2)0.03N,方向滑斜向上(3)15m/s 图对应教据即得:=0.2,所以a=F一4,当:弹起至最高点的过程中,球与管的相对位 F=7N时,长木板的加速度为a1=3m/s2 故B错误,C正确。当F大于6N后,发生 F要-BL ⑩:联立解得F安=0.12N 相对滑动,小滑块的加速度为a=m8= 设网管长度为L。管第二次落地弹起后 2m/s2,与F无关,故D错误 上升过程中,球不会滑出管外的条件是 (2)金棒受力如图所 x1+x2≤L 示,假设摩擦力方向沿斜面向上,因金属棒 9.【答案】(1) 联立⑩⑩⑩式,解得L应满足的条件为 静止 则 magin37”=F+ 【解析】(1}谖冰球的质童为m,冰球与冰 解得F=0.03N,方向沿斜面向上 面之闻的动摩擦因效为以,由动能定理符1.答案】(1)F>2.5N(2)1S (3)当合力为0时,有最大速度Tnmx ①}【解析】(1)两物体恪要发生相对滑动 由 nisin37"=F 时,它们之闾的摩檫力大小达到曩大静摩 F安=BIL,= 解得n ②}檫F:设它们一起运动的加速度大小为 此时作用于小物块水平向右的恒力大:得 2)冰球到达挡板时满足训练要求的运动 页中,刚好到达小旗处的运动员的加速度最 为F1,由牛顿运动定律可知:对整体:F1 11.【答案】(1 Mgsin b 2MgRsin 小。设这种情况下,冰球和运动员的加速度 (M-m)al 大小分别为a1和a2,所用的时同为t。由运 对木板:F=Ma1,其中 动学公式得 联立解得F1=2.5N 故当F>2.5N时,两物依之间发生相对:【解析】(1)导体摔匀遮下滑时, Again0 2)分析可知,当一开始就用水平向右F2 ⑤=5.5N的恒力作用于小物块时,两物体 联立③④⑤式 生相对滑动; 设导体棒产生的感应电动势为E,E0 小为F,小物块、木板 加速度分别为a2、a3,由牛顿第二定律可得 对小物块:F2F-ma2,对木板F-May 闭合电路欧姆定律得:I=R|R⑨ 1【答索】(1)288(2n(3)见其中F=m图解得a-8.5ms24 【解析】木题过连淒体的落体运动考查 设小物块滑下木板历时为t,小物块、木板(2)改变R2,由②式可知电涼不变,设帶电 牛顿运动定律、适动学规律及功能关系。 相对于地面的位移大小分别为x1 微粒在金属掖间匀遮通过时,板间电压为 1)管第一次落地弹起的眸间,小球仍然向 匀变速直线运动的规律和几何关系可知 U,电场强度大小为E,则 下运动。设此时管的加速度大小为a1,方 =IR⑥ 向向下;球的加遮度大小为a2,方向向上 解得:t-1s 球与管之间的摩擦力大小为f,由牛頓运 动定律有 第2讲动力学观点在电学中的应用mg=qEg Ma.-Mg+/ 联立②⑥钢,得R 3.【答案】A 联立①②式并代入题给数据,得 【解析】对A到B的过程运用动能定理专题三力与物体的曲线运动 管第一次赃地前与球的速度大小相同。;得,B-mgh=0,解得:UAB 第1讲力学中的曲线运动 由运动学公式,碰地訢瞬间它们的速度大氵A、B的电势不等,则电势能不等。故A正 小均为 B错误;A到虚线速度由零加: 1.【答案】 ①:线到B遠庋由γ减为零,位移相同,根据 【解析】车的度等于沿绳子方向和垂直 向均向下。管弹起的瞬闯,管的速废反氵变璤运动的推论知,加澺废大小相等,方向 于绳子方向速度的合遠度,根据平行四边形 向,球的速度方向依然向下, 相反。故C锴误;