第3章 第9讲 镁、铝及其重要化合物-2022高考化学【金版新学案】大一轮复习讲义·高三总复习

大一轮复习讲义􀅰化学 需要通入空气,保证②中产生的二氧化碳完全转移到③中被充分吸收, 减小实验误差,故C正确;③中产生的沉淀为碳酸钡,根据③中碳酸钡 的质量可计算出生成二氧化碳的质量,根据生成二氧化碳的质量可计 算样品中碳酸钠的质量,结合称取样品的质量即可求算碳酸钠固体的 纯度,故 D正确.] ２．解析:　Ⅰ．(１)仪器a是坩埚. (２)还需要测量的实验数据有“加热前,仪器a和样品的总质量”和“加 热冷却后,仪器a和残留物的总质量”. Ⅱ．(１)涉及气体的实验装置连接好后首先要检查装置气密性. (２)导管g的作用是平衡分液漏斗与锥形瓶内的气压,使液体顺利流 下;滴入锥形瓶的稀硫酸体积等于进入分液漏斗的气体体积,从而消除 由于加入稀硫酸引起的气体体积误差. (３)由于生成的二氧化碳溶于水,易造成误差,所以采用饱和 NaHCO３ 溶液代替水,从而减小误差. (４)①读数时上下移动C管,使B、C两管液面相平,减小由于压强不同 引起的体积误差;②视线与凹液面最低处相平,减小由于读数引起的体 积误差. (５)根据碳原子守恒,１mol碳原子对应１mol二氧化碳,二氧化碳的物 质的量为 V１－V２ ２２４００ mol ,所以样品中 NaHCO３ 和 Na２CO３ 的物质的量之 和为 V１－V２ ２２４００ mol . 答案:　Ⅰ．(１)坩埚 (２)②加热前,仪器a和样品的总质量　③加热冷却后,仪器a和残留 物的总质量 Ⅱ．(１)检查装置气密性 (２)平衡分液漏斗与锥形瓶内的气压,使液体顺利流下;滴入锥形瓶的 稀硫酸的体积等于进入分液漏斗的气体体积,从而消除因加入稀硫酸 而引起的气体体积误差 (３)饱和 NaHCO３ (４)①读数时应上下移动 C管,使 B、C两管液面相平　②视线与液面 最低处相平 (５) V１－V２ ２２４００ mol 真题演练􀅰提升考能 １．C　[工业上用 Cl２ 与 NaOH 溶液反应制取“８４消毒液”,反应原理为 Cl２＋２NaOH＝NaCl＋NaClO＋H２O,NaClO具有强氧化性,能用于杀 菌消毒,故“８４消毒液”的主要有效成分是 NaClO.] ２．D ３．(１)√　(２)×　(３)√　(４)√　(５)√　(６)√　(７)× ４．(１)盐酸　Li＋ ＋e－􀪅􀪅Li (２)Li与二氧化碳反应 (３)焰色反应,观察到黄色的为硬脂酸钠,透过蓝色钴玻璃观察到紫色 的为硬脂酸钾　(４)LiF 第９讲　镁、铝及其重要化合物 考点一 知识梳理􀅰填准记牢 一、２．①３Mg＋N２ 点燃 􀪅􀪅Mg３N２　白　②２Mg＋CO２ 点燃 􀪅􀪅２MgO＋C ③Mg＋２H２O △ 􀪅􀪅Mg(OH)２＋H２↑　３．MgCl２(熔融) 通电 􀪅􀪅Mg＋Cl２↑ 微思考 提示:　Mg３N２＋６H２O􀪅􀪅３Mg(OH)２↓＋２NH３↑. 二、１．(１)最多　２．①４Al＋３O２ △ 􀪅􀪅２Al２O３　②２Al＋３Cl２ △ 􀪅􀪅２AlCl３　 ③钝化　２Al＋６H＋ 􀪅􀪅２Al３＋ ＋３H２↑　④２Al＋２OH－ ＋２H２O 􀪅􀪅 ２AlO－２ ＋３H２↑　⑤２Al＋Fe２O３ 高温 􀪅􀪅Al２O３＋２Fe　３．２Al２O３(熔融) 通电 冰晶石 􀪅􀪅􀪅􀪅４Al＋３O２↑ 微思考 提示:　铝在常温下迅速被氧气氧化,形成一层致密的氧化膜,保护铝 不再被氧化,因而铝制品通常具有较强的抗腐蚀性能 细查教材􀅰多维思考 教材细节 提示:　两块铝箔都失去金属光泽,熔化的铝不滴落　加热过程中形成 高熔点的 Al２O３ 薄膜,包在铝的外面,所以熔化了的液态铝不会滴 落下来 诊断辨析 (１)×　(２)×　(３)×　(４)×　(５)× 题组训练􀅰解题探究 １．B ２．A　[根据关系式 Mg~MgO可知,０􀆰１molMg生成 MgO,增重为０􀆰１ mol×１６g/mol＝１􀆰６g,根据关系式３Mg~Mg３N２ 可知,０􀆰１molMg 生成 Mg３N２,增重为０􀆰１mol× ２ ３ ×１４g /mol＝２􀆰８３ g≈０􀆰９３g ,相同质 量的 Mg生成 MgO比生成 Mg３N２ 固体增重多,Mg与 CO２ 反应,除生 成等量的 MgO,还有固体碳,所以 W２＞W１＞W３.] ３．A　[B、D 项中均不产生 H２,Mg、Al与盐酸均反应生成 H２,Mg与 NaOH 溶液不反应.] ４．(１)１∶１　(２)１∶３　(３)３∶１　(４)A 考点二 知识梳理􀅰填准记牢 １．Al２O３＋６H＋􀪅􀪅２Al３＋ ＋３H２O　Al２O３＋２OH－ 􀪅􀪅AlO－２ ＋H２O　 ２．(１)吸附　(２)①Al(OH)３＋３H＋ 􀪅􀪅Al３＋ ＋３H２O　②Al(OH)３＋ OH－􀪅􀪅AlO－２ ＋