2021年高考物理押题预测卷（新课标Ⅱ卷）01（含考试版+全解全析+参考答案+答题卡）

2021年高考押题预测卷01【新课标Ⅱ卷】 理科综合物理·参考答案 14 15 16 17 18 19 20 21 A B B C C AC BC BCD 22．【答案】（1） 2.40（2分） （2） （2分） （3） （2分） 23．【答案】（1） >（1分） B （1分） （2）AD（1分） （3） m1·OP=m1·OM+m2·ON （2分） m1·OP2=m1·OM2+m2·ON2 （2分） （4）m1 =m1 +m2 （2分） 24．【答案】（1） 水平向左；（2） ，加速度随着导体棒的位移在均匀增大； （3） 【解析】（1）根据右手螺旋定则，长直导线在导轨处产生的磁场方向为垂直纸面向里，根据右手定则，运动中流过金属杆MN的电流方向为水平向左。（1分） （2）金属杆接入电路的有效长度为 （1分） 则电路中的电阻为 （1分） 电源电动势为 （1分），其中 解得 （1分） 根据上式可知，导体棒速度与导体棒的位移成正比，即加速度随着导体棒的位移在均匀增大。 （3）导体棒脱离轨道上，其速度为 （1分） 导体棒上升x时，在极短时间内产生的热量为 （1分） 则导体棒脱离导轨时，电路产生的热量为 （1分） 对导体棒，根据动能定理得 （1分） 结合功能关系有 （1分） 解得 （2分） 25．【答案】(1)3.8mg　(2)eq \f(5,3)R 【解析】(1)滑块P下滑至与Q相碰前瞬间，由机械能守恒定律得mgR＝eq \f(1,2)mveq \o\al(12)（1分） P、Q碰后合在一起运动，碰撞瞬间由动量守恒定律得mv1＝2mv2（1分） P、Q一起由C点运动至D点过程，有2mgR(1－cos θ)＋eq \f(1,2)·2mveq \o\al(22)＝eq \f(1,2)·2mveq \o\al(,D2)（1分） 经过D点时对圆弧轨道的压力最大，有FND－2mg＝2meq \f(v\o\al(,D2),R)（1分） 由牛顿第三定律可知，两滑块对圆弧轨道的最大压力，FND′＝FND（1分） 联立解得FND′＝3.8mg（2分） (2)由(1)中计算可知，P、Q整体在D点的动能eq \f(1,2)·2mveq \o\al(D2,)＝0.9mgR<2mgR（1分） 因此它们在圆弧轨道上运动的最高点在E点下方，之后沿轨道返回，再次到达C点的速度大小仍为v2.从C点上滑后P、Q分离，Q比P先到达最高点，且Q运动到最高点时停下．设P、Q上滑的最大位移分别为xP、xQ.对P、Q，由动能定理分别可得－mgsin θ·xP＝0－eq \f(1,2)mveq \o\al(22)（1分） －(mgsin θ＋Ff)·xQ＝0－eq \f(1,2)mveq \o\al(22)（1分） 由P、Q碰后一起匀速下滑可知Q受到的滑动摩擦力大小Ff＝2mgsin θ（1分） P再次从最高点下滑至第二次碰Q前，有mgsin θ(xP－xQ)＝eq \f(1,2)mveq \o\al(32)（1分） P、Q碰后一起运动，有mv3＝2mv4（1分） P、Q从C点上滑到第二次从C点进入圆弧轨道，Q克服摩擦力做的功Wf＝Ff·2xQ（1分） 而P、Q碰撞损失的机械能为：ΔE＝eq \f(1,2)mveq \o\al(32)－eq \f(1,2)·2mveq \o\al(42)（1分） 由以上各式解得Q克服摩擦力做的功与P、Q碰撞损失的机械能之比为：eq \f(Wf,ΔE)＝eq \f(4,1)（1分） P、Q此后多次进入直轨道AC的运动过程遵循同样的规律，直到最后到达C点的速度减为0，因此从P、Q第一次回到直轨道AC运动到最后不再进入为止，Q克服摩擦力做的功为：Ffl＝eq \f(4,5)·eq \f(1,2)×2mveq \o\al(22)（1分） 滑块Q在轨道AC上往复运动经过的最大路程为lm，则lm＝l＋eq \f(R,tan θ)（1分） 联立解得lm＝eq \f(5,3)R.（2分） 33．（1）【答案】BCE （2）【答案】①400 K　②75 N 【解析】①汽缸内气体压强不变，温度升高，气体体积变大，故活塞向上移动 由盖－吕萨克定律有：eq \f(LS1＋LS2,T0)＝eq \f(HS2,T)（2分） 解得：T＝400 K（2分） ②设向下推动的距离为x时，气体压强为p 由平衡条件得：p0S1＋pS2＝Mg＋p0S2＋pS1＋F（1分） 当F＝0时，可得初始状态气体压强p1＝1.5×105 Pa 缓慢向下推活塞b的过程，温度不变， 由玻意耳定律得：p(LS1＋xS1＋LS2－xS2)＝p1(LS1＋LS2)（2分） 联立以上各式得：F＝eq \f(150x,15－x)＝eq