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(2)甲摆振幅为2cm,周期为4s,故甲摆角速度
ω=2πT =
π
2 rad
/s
所以甲单摆做简谐运动 的 位 移 随 时 间 变 化 的 关 系 式
为x甲 =2sin
π
2tcm
.
18.(1)0.15m (2)10N
解析:(1)两 者 的 平 衡 位 置 为 两 者 静 止 时 的 位 置,根
据平衡条件有(M+m)g=kx0
解得x0=
(M+m)g
k =
(5.5+0.5)×10
400 m
=0.15m.
(2)当系统到达最低点,振幅为 A=0.15m,则
kA=(M+m)a
对物体,根据牛顿第二定律得 N-mg=ma
解得 N=10N
根据牛顿第三定律可知物体对平台的压力为10N.
第2章 机械振动
B卷
1.D 机械振动是指在平衡位置附近 的 往 复 运 动,A、B、
C 项属于机械振动;D 图 中 质 点 运 动 一 段 时 间 就 趋 于
静止了,D 项不属于机械振动.
2.D 摆 钟 从 上 海 到 北 极,纬 度 升 高,重 力 加 速 度 g 变
大,由单摆的周期公式 T=2π l
g
可知,摆钟的周 期
变小,即摆动变快,要将周期 T 调大,所以重新校准的
话应增大摆长,故 D 正确,A、B、C 错误.
3.C 当 汽 车 以 5m/s的 速 度 行 驶 时,其 振 动 周 期 为 T
=lv =
1.5
5 s=0.3s
,频 率 为 f=
1
T =
1
0.3 Hz≈
3.3Hz,故 A、B错 误;由 T= 1
f
可 知,汽 车 的 固 有 周
期为 T0=0.5s,则 汽 车 的 速 度v0=
l
T0
=1.50.5 m
/s=
3m/s时,汽车达到共振,颠 簸 得 最 厉 害,故 C 正 确,D
错误.
4.A 因为两个单摆的固有 频 率 之 比 为2∶5,则 固 有 周
期之比为5∶2,若两个受迫振动在地球上同一地点进
行,则根据 T=2π l
g
知,两者摆长之比为25∶4,故
A 正确,B错误;图线Ⅱ若 是 在 地 球 表 面 上 完 成 的,则
固有频 率 为 0.5 Hz,则 T=2π l
g
=2s,解 得l≈
1m,故 C 错误;若两次受迫振动分别在月球上和地球
上进行,因 为 图 线 Ⅰ 单 摆 的 固 有 频 率 较 小,则 固 有 周
期较大,根 据 T=2π l
g
知,周 期 大 的 重 力 加 速 度
小,则图线 Ⅰ 是 月 球 上 的 单 摆 的 共 振 曲 线,图 线 Ⅱ 是
地球上的单摆的共振曲线,故 D 错误.
5.B 整体做简谐运动,则对整体有 F=-kx,木块做简
谐运动,则对木块有 F′=-k′x,故F′F =
k′
k
;由 于 木 块
加 速 度 与 整 体 加 速 度 相 同,故F′
F =
m
m+M
,故k′
k =
m
m+M
,故选 B.
6.C 因 为 F = -kx,a= -kxm
,故 图 (3)可 作 为
F t、a t图像;而v 随x 增大而减小,故v t 图 像 应
为图(2).故 C 正确.
7.C A、B 间距离为20cm,故振幅为10cm,A 错误;根
据F=kΔx 可知在A、B 两处回复力大小都 为kΔx,B
错误,C 正 确;振 子 完 成 一 次 全 振 动 经 过 的 路 程 为
40cm,D 错误.
8.A 因为弧长为10cm,半径为1.6m,故当小 球 在 圆
弧上运动时相当于一个单 摆 的 运 动,因 为 这 个 最 大 的
摆角经过计算较小,故小 球 的 运 动 可 以 看 成 是 简 谐 运
动,其周期 T=2π l
g
≈2.5s,故当小球从最左端由
静止释 放 后,再 经 过 2.5s又 会 回 到 该 位 置,再 经 过
05s,这0.5s小于四分之一个周期,故小球正在向下
运动,但未到平衡 位 置 处,故 它 正 在 向 右 加 速 运 动,A
正确.
9.BC 由题意,振 子 从 最 大 位 移 处 需 时 间t0 第 一 次 到
达平衡位置,从 最 大 位 移 处 到 平 衡 位 置 处 运 动,振 子
的速度增大,加速 度 减 小,所 以 经 过t0
2
时 通 过 的 位 移
小于A
2
,振子越靠近平衡位置速度 越 大,加 速 度 越 小,
所以v1<v2,a1>a2,故 B、C 正确,A、D 错误.
10.BCD 由题图可知,质 点 振 动 的 周 期 为T=4s,故 频
率f=
1
T =0.25Hz
,故 A 错 误;在 10s内 质 点 振 动
了2.5个 周 期,经 过 的 路 程 是 10A=20cm,故 B 正
确;在5s末,质 点 处 于 正 向 最 大 位 移 处,速 度 为 零,
加速度最大,故 C 正确;由题图可得该质点的 振 动