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课时作业(6) 动量定理和动量守恒定律的应用
1.一个质量为m=100 g的小球从h=0.8 m的高处自由下落,落到一个厚软垫上,若从小球接触软垫到小球陷至最低点经历了t=0.2 s,规定竖直向下为正方向,则在这段时间内,软垫对小球的冲量为(取g=10 m/s2)( )
A.0.6 N·s
B.0.4 N·s
C.-0.6 N·s
D.-0.4 N·s
C [设小球自由下落h=0.8 m的时间为t1,由自由落体运动规律,得t1==0.4 s.设IN为软垫对小球的冲量,以竖直向下为正方向,则对小球在整个运动过程运用动量定理得mg(t1+t)+IN=0,解得IN=-0.6 N·s,负号表示软垫对小球的冲量方向和正方向相反,故选项C正确.]
2.(多选)为了保证航天员的安全,“神舟”十一号返回舱上使用了降落伞、反推火箭、缓冲座椅三大法宝,在距离地面大约1 m时,返回舱的4个反推火箭点火工作,返回舱速度一下子降到了2 m/s以内,随后又渐渐降到1 m/s,最终安全着陆.把返回舱离地1 m开始到完全着陆称为着地过程.关于反推火箭的作用,下列说法正确的是( )
A.减小着地过程中返回舱和航天员的动量变化
B.减小着地过程中返回舱和航天员所受的冲量
C.延长着地过程的作用时间
D.减小着地过程返回舱和航天员所受的平均冲力
CD [反推火箭并没有改变返回舱的动量变化,由动量定理知,返回舱所受冲量不变,只是作用时间延长,平均冲力减小.]
3.甲、乙两物体分别在恒力F1、F2的作用下,沿同一直线运动,它们的动量随时间变化的关系如图所示,设甲在t1时间内所受的冲量为I1,乙在t2时间内所受的冲量为I2,则F1、F2,I1、I2的大小关系是( )
A.F1>F2,I1=I2
B.F1<F2,I1<I2
C.F1>F2,I1>I2
D.F1=F2,I1=I2
A [由图像可知,甲、乙两物体动量变化量的大小相等,根据动量定理知,冲量的大小相等,即I1=I2,根据I=Ft知,冲量的大小相等,作用时间长的力较小,可知F1>F2.故A正确,B、C、D错误.]
4.在女子短道速滑比赛中,观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出.在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则( )
A.甲对乙的冲量与乙对甲的冲量相同
B.甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反
C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量
D.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功
B [冲量是矢量,甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反,选项A错误;甲、乙间相互作用力大小相等、方向相反,因此冲量等大反向,由动量定理可知,动量变化等大反向,选项B正确;甲、乙的动能变化量的大小等于甲、乙各自所受的合力做的功,两者各自所受的合力做功不一定相等,选项C错误;甲对乙与乙对甲的作用力等大反向,但沿作用力方向甲、乙的位移不一定相等,所以做功大小不一定相等,选项D错误.]
5.如图所示,质量为M的小车置于光滑的水平面上,车的上表面是粗糙的,有一质量为m的木块,以初速度v0滑上小车的上表面,若小车的上表面足够长,则( )
A.木块的最终速度一定为 v0
B.由于车的上表面粗糙,小车和木块组成的系统动量减小
C.车的上表面越粗糙,木块减少的动量越多
D.车的上表面越粗糙,小车增加的动量越多
A [以小车和木块组成的系统为研究对象,所受合外力为零,因此系统动量守恒,由于摩擦力的作用,木块速度减小,小车速度增大,木块速度减小到最小时,小车速度达到最大,最后木块、小车以共同速度运动,由mv0=(m+M)v′得v′= v0,A正确;木块与小车之间的摩擦力是系统的内力,对系统动量不产生影响,B错误;木块减少的动量和小车获得的动量与小车上表面的粗糙程度无关,故C、D错误.]
6.如图所示,在质量为M的小车中挂着一个单摆,摆球的质量为m0,小车(和单摆)以恒定的速度u沿光滑的水平面运动,与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞,碰撞时间极短,在此碰撞过程中,下列说法可能发生的是( )
A.小车、木块、摆球的速度都发生变化,分别变为v1、v2、v3,满足(M+m0)u=Mv1+mv2+m0v3
B.摆球的速度不变,小车和木块的速度变为v1和v2,满足Mu=Mv1+mv2
C.摆球的速度不变,小车和木块的速度变为v,满足Mu=(M+m)v
D.小车和摆球的速度都变为v1,木块的速度为v2,满足(M+m0)u=(M+m0)v1+mv2
BC [由于碰撞时间极短,所以单摆相对小车没有发生摆动,即摆线对球的作用力原来是竖直向上的,现在还是竖直向上的,没有水平方向的分力,未改变小球的动量,实际上单摆没有