专题十三 近代物理（小题专练）-【创新教程】2016-2020五年高考真题物理分类特训

S闭合后:(４I)２􀅰R′＝ ４nI( )２􀅰R２,得R′＝n２R２ ② 根据闭合电路欧姆定律: S闭合前:I＝ UR１＋R ③ S闭合后:４I＝ UR１＋R′ ④ 根据以上各式得: R１＋n ２R２ R１＋n２(R２＋R３) ＝３＋n ２ ３＋５n２ ＝１４ 解得,n＝３ １２．AD　设灯泡的额定电压为U０,两灯均能正常发光,所以原 线圈输入端电压为U１＝９U０,副线圈两端电压为U２＝U０, 故 U１ U２ ＝９１ ,根据U１ U２ ＝ n１ n２ ＝９１ ,A正确、B错误;根据公式 I１ I２ ＝ n２ n１ 可得 I１ I２ ＝１９ ,由于小灯泡两端的电压相等,所以根据 公式P＝UI可得两者的电功率之比为１∶９,C错误 D 正 确． １３．B　当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,R 的阻值变 大,变压器的次级电压不变,则次级电流减小,则R１ 消耗 的功率及两端电压均变小,电压表的示数等于变压器次级 电压减去R１ 两端的电压,故电压表的示数变大,选项 A 错 误,B正确;由于当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时, 次级电流减小,故初级电流也减小,电流表 A１,示数变小, 选项 C错误;若闭合开关S,则变压器的次级电阻减小,次 级电流变大,R１ 的电压变大,则电压表 V 示数减小,则R２ 两端电压减小,安培表 A２ 读数减小;次级电流变小,则初级电 流变大,则电流表 A１ 示数变大,选项D错误;故选B． １４．B　根据变压器电压与匝数关系, U１ U２ ＝ n１ n２ ,因为是降压变压 器,则n１＞n２,则当原、副线圈减少相同匝数时,由数学知 识可知 n１ n２ 变大,则U２ 减小,故灯泡变暗,选项 A、C错误,B 正确;根据I１ I２ ＝ n２ n１ 可知通过原、副线圈电流的比值变小,选 项 D错误;故选B． １５．AD　输电 线 上 损 失 的 功 率 ΔP＝(PU )２􀅰r,损 失 的 电 压 ΔU＝PU 􀅰r,当输送电压变为原来的２倍,损失的功率变为 原来的１ ４ ,即 ΔP′＝１４ΔP ,损失的电压变为原来的 １ ２ ,即 ΔU′＝１２ΔU 故选 A、D． １６．C　A．根据电功率公式P＝UI,发电机输出电流I１＝ P U１ ＝ ４００A,A 错 误;B．输 电 线 上 损 失 功 率 ５kW,由 P损 ＝I２线 R线 ,可得I线 ＝ P损 R线 ＝２５A ,故B错误;C．根据理想变压器 电流与线圈匝数成反比关系,可得I线 I４ ＝ n４ n３ ＝ ５０００W ８Ω ９５０００W ２２０V ＝ １１ １９０ ,C正确;D．用户得到的功率为９５kW,用户得到的电 流I４＝ ９５０００W ２２０V ≈４３２A ,D错误．故选 C． １７．C　本题考查输电线路的电能损失,意在考查考生的分析 能力．当输电功率P＝UI,U 为输电电压,I为输电线路中 的电流,输电线路损失的功率为 P损 ＝I２R,R 为输电线路 的电阻,即P损 ＝ PU( ) ２ R．当输电功率一定时,输电线路损 失的功率为原来的 １ ４ ,则输电电压为原来的２倍,即４４０ kV,故选项 C正确． 专题十三　近代物理 １．D　A．双缝干涉实验说明了光具有波动性,故 A 错误;B．光 电效应实验,说明了光具有粒子性,故 B错误;C．实验是有 关电磁波的发射与接收,与原子核无关,故 C错误;D．卢瑟 福的α粒子散射实验导致发现了原子具有核式结构,故D正 确;故选 D． ２．B　由爱因斯坦质能方程Ek＝hν－W０ 比较两次实验时的逸 出功和光电流与光强的关系解题．由题表格中数据可知,两 组实验所用的入射光的能量不同,由公式E＝hν０ 可知,两组 实验中所用的入射光的频率不同,故 A 正确;由爱因斯坦质 能方程Ek＝hν－W０ 可得:第一组实验:０．９＝４．０－W０１,第 二组实验:２．９＝６．０－W０２,解得:W０１＝W０２＝３．１eV,即两 种材料的逸出功相同也即材料相同,故 B错误;由爱因斯坦 质能方程Ek＝hν－W０ 可得:Ek＝(５．０－３．１)eV＝１．９eV, 故 C正确;由题表格中数据可知,入射光能量相同时,相对 光越强,光电流越大,故 D正确． ３．C　由光电效应的方程Ek＝hν－W,动能定理eU＝Ek,两式 联立可得U＝hνe － W e ,故截止电压越大说明光的频率越大, 则有三种光的频率νb＞νc＞νa,则可知三种光的折射率的关 系为nb＞nc＞na,因此光穿过三棱镜时b光偏折最大,c光次 之,a光最小,故选项 C正确、A、B、D错误． ４．B　由光电效应方程式得:Ekm＝hν－W０ ① W０＝hν０ ② 联立①②得:ν０＝ν－ Ekm h ＝ c λ － Ekm h ＝８×１０ １４Hz． ５．解析:根据光电效应方程Ek＝hν