2019年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）物理试题-【创新示范卷】2019年高考物理真题汇编

力大小为F＝m ４R２ω４＋g２．(３)设重物下落高度为 h,重物下落过程中对重物、鼓形轮和小球组成的系 统,根据系统机械能守恒可知 Mgh＝１２Mv ２ １＋ １ ２× ４mv２,而重物的速度等于鼓形轮的线速度,有v１＝ Rω,联立各式解得h＝ (M＋１６m)R２ω２ ２Mg ． 答案:(１)v＝２Rω　(２)F＝m ４R２ω４＋g２ (３)h＝ (M＋１６m)R２ω２ ２Mg １６．解析:(１)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,由洛 伦兹力提供向心力,由qvB＝mv ２ R 得, R１＝ mv ２qB０ ,R２＝ mv ３qB０ Q、O 的距离为: d＝２R１－２R２＝ mv ３qB０ (２)由(１)可知,完成一周期运动上升的距离为d,粒 子再次经过P,经过N 个周期, N＝OPd ＝ ２R１ d ＝３ 所以,再次经过P 点的时间为 t＝NT＝３T 由匀速圆周运动的规律得, T１＝ ２πR１ v ＝ πm qB０ T２＝ ２πR２ v ＝ ２πm ３qB０ 绕一周的时间为: T＝ T１ ２＋ T２ ２ 解得: T＝５πm６qB０ 所以,再次经过P 点的时间为 t＝３T＝５πm２qB０ 两次经过P 点的时间间隔为: Δt＝t－ T１ ２ 解得: Δt＝２πmqB０ (３)由洛伦兹力提供向心力,由qvB＝mv ２ R 得, R′１＝ m′v ２q′B０ R′２＝ m′v ３q′B０ d′＝２R′１－２R′２ 若乙粒子从第一象限进入第二象限的过程中与甲粒 子在Q 点相遇,则: ２R′１＋nd′＝OQ＝d n T′１２ ＋ T２′ ２ æ è ç ö ø ÷＋ T′１ ２ ＝ T１ ２＋ T２ ２ 结合以上式子,n无解． 若乙粒子从第二象限进入第一象限的过程中与甲离 子在Q 点相遇,则: nd′＝OQ n T′１２ ＋ T′２ ２( )＝ T１ ２＋ T２ ２ 计算可得 q′ m′＝n q m (n＝１,２,３􀆺􀆺) 由于甲乙粒子比荷不同,则n＝２时,乙的比荷q′m′ 最 小,为q′ m′＝ ２q m ． 答案:(１)d＝ mv３qB０ 　(２)Δt＝２πmqB０ 　(３)q′m′＝ ２q m ２０１９年 江苏卷 １．D　由理想变压器原、副线圈的电压比等于匝数比,即 U１ U２ ＝ n１ n２ ,得:U２＝ n２ n１ U１,即副线圈两端电压与原线圈 两端电压成正比,所以 ΔU２＝ n２ n１ 􀅰ΔU１,当输入电压 增加２０V时,输出电压增大２００V,故 D正确． ２．C　对气球受力分析,由水平方向平衡条件可得:F风 ＝Tsinα,故C正确． ３．A　开关S断开时有:E＝３V,开关S闭合时有:２＝ E R＋rR ,其中R＝２Ω,解得:r＝１Ω,故 A正确． ４．B　“东方红一号”从近地点到远地点,万有引力做负 功,动能减小,所以v１＞v２,过近地点圆周运动的速度 为v＝ GMr ,由于“东方红一号”在椭圆上运动,所以 v１＞ GM r ,故B正确． ５．A　由于带电粒子在电场中做类平抛运动,在电场力 方向上做匀加速直线运动,加速度为qE m ,经过时间t, 电场力方向速度为qE mt ,功率为P＝Fv＝qE×qEmt ,所 以P 与t成正比,故 A正确． 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ７１－高 ６．BD　由于座舱做匀速圆周运动,由公式ω＝２πT ,解得: T＝２πω ,故 A 错误;由圆周运动的线速度与角速度的 关系可知,v＝ωR,故 B正确;由于座舱做匀速圆周运 动,所以座舱受到摩天轮的作用力是变力,不可能始 终为mg,故C错误;由匀速圆周运动的合力提供向心 力可得:F合＝mω２R,故 D正确． ７．CD　由右手螺旋定则可知,若a、b两导线的电流方向 相同,在矩形线框上、下边处产生的磁场方向相反,由 于矩形线框上、下边的电流方向也相反,则矩形线框 上、下边所受的安培力方向相同,所以不可以平衡,则 要使矩形线框静止,a、b两导线的电流方向相反,故 CD正确． ８．BC　小物块压缩弹簧到最短时有F弹＞μmg,故A错误; 全过程小物块的路程为２s,所以全过程中克服摩擦力做 的功为:μmg􀅰２s,