广东省深圳市2019年高考物理一模试卷-解析版

2019年广东省深圳市高考物理一模试卷 一、单选题（本大题共5小题，共30.0分） 1. 在水平地面上方某处，把质量相同的P、O两小球以相同速率沿竖直方向抛出，P向上，O向下，不计空气阻力，两球从抛出到落地的过程中　　 A. P球重力做功较多 B. 两球重力的平均功率相等 C. 落地前瞬间，P球重力的瞬时功率较大 D. 落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等 【答案】D 【解析】解：A、根据可知两球重力做功相同，故A错误； B、上抛的物体运动时间长，根据可知两球重力的平均功率不相等，故B错误； C、根据机械能守恒定律可知可知，两球落地的速度相同，根据可知落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等，故C错误，D正确； 故选：D。 根据判断重力功；根据判断重力做功的平均功率；根据判断落地前瞬时重力的瞬时功率。 该题的关键要熟练运用机械能守恒定律分析抛体的运动情况，明确瞬时功率和平均功率的计算方法。 2. 如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连　　 A. 若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大 B. 若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小 C. 若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大 D. 若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大 【答案】B 【解析】解：A、根据可知，若仅使上极板上移一段距离，则d变大，电容器的电容减小，故A错误； B、根据，若仅向两板间插入云母介质，则电容器的电容变大，根据可知，两板电势差U减小，根据可知板间电场强度减小，故B正确； C、若仅是因为两板正对面积增大，根据可知C变大，由可知U减小，即静电计指针张角减小，故C错误； D、仅是因为两板间距变大，根据可知C变小，由可知U变大，即静电计指针张角变大，故D错误； 故选：B。 解答本题关键掌握：静电计测定电容器板间的电势差，电势差越大，指针偏角越大；电容器电容的决定式，分析电容的变化；电容器的电量不变，由电容器的定义式分析电势差的变化。 对于电容器动态变化分析问题，关键根据电容的决定式和定义式结合进行分析，同时要抓住不变量，一般电容器动态问题都能解决。 3. 如图所示，将一小球从固定斜面顶端A以某一速度水平向右抛出，恰好落到斜面底端  若初速度不变，对小球施加不为零的水平方向的恒力F，使小球落到AB连线之间的某点不计空气阻力。则　　 A. 小球落到B点与落到C点所用时间相等 B. 小球落到B点与落到C点的速度方向一定相同 C. 小球落到C点时的速度方向不可能竖直向下 D. 力F越大，小球落到斜面的时间越短 【答案】D 【解析】解：A、对小球施加不为零的水平方向的恒力F时，小球在竖直方向的运动不变，仍做自由落体运动，因B的竖直高度大于C的竖直高度，根据可知，小球落到B点的时间与落到C点所用时间不相等，选项A错误； B、C由图可知，对小球施加的水平方向的恒力F一定是方向向左，小球在水平方向做匀减速运动，若到达C点时水平速度恰好减为零，则落到C点的速度方向竖直向下；而落到B点的小球做平抛运动，到达B点的速度方向不可能竖直向下，故选项BC错误； D、当加力F时：竖直方向；水平方向：，而解得可知力F越大，小球落到斜面的时间t越短，选项D正确； 故选：D。 不加水平力F时小球做平抛运动；加水平力F后，小球在水平方向做匀减速运动，竖直方向仍做自由落体运动，根据运动的合成知识结合平抛运动的知识进行判断。 本题考查运动的合成和分解，掌握这种化曲为直的处理方法，结合分运动的规律解答。 4. 可视为质点的甲、乙两小车分别沿同一平直路面同向行驶，时，甲在乙前方16m处，它们的图象如图所示，则下列说法正确的是　　 A. 甲、乙在 s和 s时刻并排行驶 B. 甲、乙在 s和 s时刻并排行驶 C. 在时，乙车在甲车前8m D. 在时，乙车在甲车前18m 【答案】B 【解析】解：AB、由图象可知，甲做初速度为0，加速度为的匀加速运动；乙做初速度为，加速度为的匀加速运动；两车相遇时满足：，即，解得，，即甲、乙在 s和 s时刻并排行驶，故A错误，B正确； CD、在时，甲的位移：；乙的位移：，可知此时乙在甲的前面，故CD错误； 故选：B。 根据图象的斜率和截距求出两车的初速度和加速度，当两车相遇时由位移关系列式可求解时间；求解出时刻两车的位移即可判断位置关系。 解决本题的关键要理解速度时间图线表示的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度。 5. 如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，静止的铀发生衰变，生成新原子核X，已知粒子和新核X在纸面内做匀速圆周运动，则　　 A. 原子核X的电荷数为91，质量数为236 B. 粒子做顺时针圆周运动 C. 粒子和原子核X的周期之比为10：13 D. 粒子和原子核X的半径之比为45：2 【答案】C 【解析】解：A、根据